题目内容
13.如图所示,在水平光滑绝缘的平面xOy内,水平匀强电场方向与x轴负方向成45°角,电场强度E=1×103N/C.某带电小球所带电荷量为q=-2×10-6C,质量为m=1×10-3kg,以初速度v0=2m/s从坐标轴原点出发,初速度v0方向与匀强电场方向垂直,当带电小球再次经过x轴时与x轴交于A点,求:(1)从坐标原点出发到A点经历的时间;
(2)带电小球经过A点时的速度大小及A点的坐标;
(3)OA间电势差UOA.
分析 (1)、(2)小球在水平面内做类平抛运动,水平面内小球只受电场力,根据牛顿第二定律求出加速度.当小球经过x轴上的A点时有cot45°=$\frac{\frac{1}{2}a{t}^{2}}{{v}_{0}t}$,即可求出时间.再由速度公式求出小球到达A点时垂直v0方向的速度,根据速度的合成求解带电小球经过A点时速度大小.根据数学知识求解A点的坐标.
(3)由公式U=Ed,可求出电势差UOA.
解答 解:(1)、(2)由题意可知小球在水平面内做类平抛运动,加速度大小为:
a=$\frac{qE}{m}$=$\frac{2×1{0}^{-6}×1×1{0}^{3}}{1×1{0}^{-3}}$=2m/s2
当小球经过x轴上的A点时有:cot45°=$\frac{\frac{1}{2}a{t}^{2}}{{v}_{0}t}$,
解得从坐标原点出发到A点经历的时间为:t=$\frac{2{v}_{0}}{a}$=$\frac{2×2}{2}$s=2s
到达A点时垂直v0方向的速度为:vE=at=2×2=4m/s
所以带电小球经过A点时速度大小为:vA=$\sqrt{{v}_{0}^{2}+{v}_{E}^{2}}$=$\sqrt{{2}^{2}+{4}^{2}}$m/s=2$\sqrt{5}$m/s
A点的横坐标 x=$\sqrt{({v}_{0}t)^{2}+(\frac{1}{2}a{t}^{2})^{2}}$=4$\sqrt{2}$m
故A点的坐标为(4$\sqrt{2}$m,0).
(3)OA间电势差 UOA=-E$•\frac{1}{2}a{t}^{2}$=-1×103×$\frac{1}{2}×2×{2}^{2}$V=-4×103V
答:
(1)从坐标原点出发到A点经历的时间是2s;
(2)带电小球经过A点时的速度大小为2$\sqrt{5}$m/s,A点的坐标为(4$\sqrt{2}$m,0);
(3)OA间电势差UOA为-4×103V.
点评 此题的关键理解并运用运动合成与分解的方法,并运用三角函数关系来综合求解,最后还注意U=Ed式中的d的含义.
A. | 可提高输电功率 | B. | 可根据需要调节交流电的频率 | ||
C. | 可减少输电线上的电能损失 | D. | 可加快输电的速度 |
A. | 用电压表测该电压其示数为100 V | |
B. | 将该电压加在100Ω的电阻两端,则该电阻消耗的电功率为100 W | |
C. | 该交变电压的频率为60Hz | |
D. | t=$\frac{1}{480}$s时,该交流电压的瞬时值为70.7 V |
A. | 由a=$\frac{{v}^{2}}{r}$可知,a与r成反比 | B. | 由a=ω2r可知,a与r成正比 | ||
C. | 由v=ωr可知,ω与r成反比 | D. | 由ω=2πn可知,ω与n成反比 |
A. | 加速度a1>a2 | B. | 飞行时间t1>t2 | C. | 初速度υ1>υ2 | D. | 角度θ1<θ2 |
A. | 奥斯特发现了电流的磁效应,并提出了电磁感应定律 | |
B. | 库仑提出了库仑定律,并最早实验测得元电荷e的数值 | |
C. | 伽利略发现了行星运动的规律,并通过实验测出了引力常量 | |
D. | 法拉第不仅提出了场的概念,而且发明了人类历史上的第一台发电机 |
A. | 把B点上移到B1点,张力T变大 | |
B. | 把B点下移到B2点,张力T变大 | |
C. | 把右杆移动到图中虚线位置,张力T不变 | |
D. | 把右杆移动到图中虚线位置,张力T变小 |