题目内容
15.如图所示,光滑水平面上放置质量均为M=2.0kg的甲、乙两辆小车,两车之间通过一感应开关相连(当滑块滑过感应开关时,两车自动分离),一根通过细线栓着且被压缩的轻弹簧固定在甲车的左端,质量为m=1kg的滑块P(可视为质点)与弹簧的右端接触但不相连,其中甲车上表面光滑,乙车上表面与滑块P之间的动摩擦因数?=0.50,此时弹簧的弹性势能EP=10J,弹簧原长小于甲车长度,整个系统处于静止状态.现剪断细线.(g=10m/s2)(1)求滑块P滑上乙车前瞬时速度的大小;
(2)求滑块P滑上乙车后最终未滑离乙车,则P在乙车上滑行的距离为多大?
分析 (1)因地面光滑,所以滑块P在甲车上滑动的过程中,符合动量守恒的条件,同时除了弹簧的弹力做功之外,没有其他的力做功,所以系统的机械能也是守恒的,分别应用动量守恒定律和机械能守恒定律列式求解,可得出滑块P滑上乙车前时的瞬时速度.
(2)滑块P滑上乙车时,甲乙两车脱离,滑块和乙车做成了系统,经对其受力分析,合外力为零,动量守恒,可求出滑块和乙车的最终共同速度,由能量的转化和守恒可知,系统减少的机械能转化为了内能,即为摩擦力与相对位移的乘积.从而可求出相对位移,即滑块P在乙车上滑行的距离.
解答 解:(1)设滑块P滑上乙车前的速度大小为v1,甲乙的速度大小为v2.
以整体为研究对象,作用的过程中动量和机械能都守恒,选向右的方向为正,根据动量守恒定律和能量守恒定律得:
mv1-2Mv2=0…①
EP=$\frac{1}{2}$mv12+$\frac{1}{2}$×2Mv22…②
①②两式联立解得:v1=4m/s,v2=1m/s
(2)以滑块和乙车为研究对象,选向右的方向为正,在此动过程中,由动量守恒定律得:
mv1-Mv2=(m+M)v共…③
由能量守恒定律得:μmgL=$\frac{1}{2}$mv12+$\frac{1}{2}$Mv22-$\frac{1}{2}$(m+M)v共2…④
③④联立并代入解得:L=$\frac{5}{3}$m
答:
(1)滑块P滑上乙时的瞬时速度的大小为4m/s.
(2)滑块P滑上乙车后最终未滑离乙车,滑块P在乙车上滑行的距离为$\frac{5}{3}$m.
点评 本题抓住系统的动量守恒和机械能守恒,关键要准确选择研究对象,运用两大守恒定律求解.
练习册系列答案
相关题目
3.关于速度和加速度的关系,下列说法正确的是( )
A. | 加速度越来越大,则速度越来越大 | |
B. | 运动物体的加速度大,表示速度变化快 | |
C. | 加速度的正、负表示物体的运动方向 | |
D. | 运动物体的加速度方向与初速度方向相同时,物体的运动速度将增大 |
20.下列认识正确的是( )
A. | 当接收电路的固有频率是某种电磁波频率的整数倍时,将会在接收电路中发生电谐振现象 | |
B. | 以匀加速运动的火车为参考系,牛顿第一定律并不成立,这样的参考系是非惯性参考系 | |
C. | 经典力学认为,对同一过程的位移和时间的测量,在不同参考系中是不同的 | |
D. | 广义相对论相是一种新的时空与引力的理论,它能很好地解释水星近日点的旋进现象 |
4.如图为电场中一条电场线,由此可以确定( )
A. | φA>φB | B. | φA<φB | C. | EA>EB | D. | EA=EB |
5.用电池,定值电阻R,电阻箱R’,电流表,电压表,开关与导线连成如图所示的电路,该电路可以用来进行( )
A. | 测量电池的电动势和内电阻 | |
B. | 测定电阻R随温度变化的关系 | |
C. | 验证欧姆定律 | |
D. | 证明电源的电动势等于内、外电压之和 |