题目内容
1.轻质弹簧左端与物体A固接,右端未与物体B固接,如图所示,用轻质细绳连接A、B,使弹簧处于压缩状态,物体A、B静止在水平面上,C为足够长的光滑斜面.已知mA=0.2kg,mB=0.1kg,mC=0.2kg,除B、C间存在长L=1.75m,动摩擦因数μ=0.2的粗糙水平面外,其他水平面均光滑.某时刻烧断细绳,A、B瞬间被弹开,在之后的运动中B能沿斜面上升的最大高度h=0.3m,g取10m/s2,求:(1)弹簧释放的弹性势能;
(2)物体B从斜面C上滑下后最终的运动状态和整个运动过程中摩擦产生的内能.
分析 (1)先研究B被弹开到在斜面上升到最高点的过程,由动能定理求出B被弹开时的速度,再由动量守恒定律求出A被弹开时的速度,即可由能量守恒定律求出弹簧释放的弹性势能;
(2)对物体B从斜面C上滑下后的整个过程,运用动能定理求得B在水平面滑行的距离,从而B最终的运动状态.由能量守恒定律求整个运动过程中摩擦产生的内能.
解答 解:(1)设被弹开时A、B的速度大小分别为v1和v2.对于B,由动能定理得:
-μmBgL-mBgh=0-$\frac{1}{2}{m}_{B}{v}_{2}^{2}$
对于弹簧弹开物体的过程,取向左为正方向,由动量守恒定律得:
mAv1-mBv2=0
根据能量守恒定律知,弹簧释放的弹性势能为:
Ep=$\frac{1}{2}$mAv12+$\frac{1}{2}$mBv22;
联立解得:v2=$\sqrt{13}$m/s,Ep=0.875J
(2)假设B从斜面C上滑下后在粗糙水平面滑行距离x时停止运动,由动能定理得:
mgh-μmBgx=0
解得:x=$\frac{h}{μ}$=$\frac{0.3}{0.2}$=1.5m<L
所以物体B最终停在离C点距离为:s=L-x=0.25m处.
整个运动过程中摩擦产生的内能为:E=$\frac{1}{2}{m}_{B}{v}_{2}^{2}$=$\frac{1}{2}×0.1×13$=0.65J
答:(1)弹簧释放的弹性势能是0.875J;
(2)物体B最终停在离C点距离0.25m处.整个运动过程中摩擦产生的内能是0.65J.
点评 解决本题的关键是要理清物体的运动过程,抓住研究过程的首末状态,运用动量守恒定律和能量守恒进行求解.
练习册系列答案
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