题目内容
光滑的
圆弧轨道固定在竖直平面内，与水平轨道CE连接．水平轨道的CD段光滑、DE段粗糙．一根轻质弹簧一端固定在C处的竖直面上，另一端与质量为2m的物块b刚好在D点接触（不连接），弹簧处于自然长度．将质量为m的物块a从顶端F点静止释放后，沿圆弧轨道下滑．物块a与物块b第一次碰撞后一起向左压缩弹簧．已知圆弧轨道半径为r，
=l，物块a、b与DE段水平物块a第一次经过E点时的动摩擦因数分别为μ1=0.2和μ2=0.4，C，D段水平面光滑，重力加速度为g．物块a、b均可视为质点．求：（1）物块a第一次经过E点时的速度是多少？
（2）物块a第一次经过E点时对轨道的压力？
（3）弹簧形变过程中，所能获得的最大弹性势能是多少？
【答案】分析：（1）根据机械能守恒定律求出物块a第一次经过E点时的速度．
（2）物块a经过E点时，由重力和轨道的支持力的合力提供向心力，根据牛顿运动定律求解物块a第一次经过E点时对轨道的压力．
（3）物块a从E滑至D的过程中，根据动能定理求出经过D点时速度，由动量守恒定律求出a、b一起压缩弹簧时的速度，当两滑块的速度减小为零时，系统的动能全部转化为弹簧的弹性，由能量守恒定律求解最大的弹性势能．
解答：解：（1）物块a由F到E的过程中，由机械能守恒有
mgr=
解得，第一次经过E点时的速度 v1=
（2）物块a第一次经过E点时，受重力和支持力，由牛顿第二定律得
N-mg=m
解得，N=3mg
根据牛顿第三定律得，物块a第一次经过E点时对轨道的压力大小为3mg，方向竖直向下．
（3）物块a从E滑至D的过程中，根据动能定理得
-μ1mgl=
-
解得，物块a在D点时的速度为vD1=
物块a、b在D点发生碰撞，则根据动量守恒有
mvD1=3mvD2
则得，vD2=
当两滑块的速度减为零时，其动能全部转化为弹簧的弹性势能，弹性势能最大，则有
Epmax=
解得，Epmax=
答：（1）物块a第一次经过E点时的速度是
；
（2）物块a第一次经过E点时对轨道的压力是3mg；
（3）弹簧形变过程中，所能获得的最大弹性势能是
．
点评：本题综合考查了机械能守恒定律、动量守恒定律和动能定理，对学生能力的要求较高．要注意本题中含有非弹性碰撞，弹簧弹性最大值不等于碰撞前物块a的动能．
（2）物块a经过E点时，由重力和轨道的支持力的合力提供向心力，根据牛顿运动定律求解物块a第一次经过E点时对轨道的压力．
（3）物块a从E滑至D的过程中，根据动能定理求出经过D点时速度，由动量守恒定律求出a、b一起压缩弹簧时的速度，当两滑块的速度减小为零时，系统的动能全部转化为弹簧的弹性，由能量守恒定律求解最大的弹性势能．
解答：解：（1）物块a由F到E的过程中，由机械能守恒有
mgr=
解得，第一次经过E点时的速度 v1=
（2）物块a第一次经过E点时，受重力和支持力，由牛顿第二定律得
N-mg=m
解得，N=3mg
根据牛顿第三定律得，物块a第一次经过E点时对轨道的压力大小为3mg，方向竖直向下．
（3）物块a从E滑至D的过程中，根据动能定理得
-μ1mgl=
-解得，物块a在D点时的速度为vD1=
物块a、b在D点发生碰撞，则根据动量守恒有
mvD1=3mvD2
则得，vD2=
当两滑块的速度减为零时，其动能全部转化为弹簧的弹性势能，弹性势能最大，则有
Epmax=
解得，Epmax=
答：（1）物块a第一次经过E点时的速度是
；（2）物块a第一次经过E点时对轨道的压力是3mg；
（3）弹簧形变过程中，所能获得的最大弹性势能是
．点评：本题综合考查了机械能守恒定律、动量守恒定律和动能定理，对学生能力的要求较高．要注意本题中含有非弹性碰撞，弹簧弹性最大值不等于碰撞前物块a的动能．
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=L，物块a、b与DE段水平轨道的动摩擦因数分别为μ1=0.2和μ2=0.4，重力加速度为g。物块a、b均可视为质点。求：
圆弧轨道固定在竖直平面内，与水平轨道CE连接。水平轨道的CD段光滑、DE段粗糙。一根轻质弹簧一端固定在C处的竖直面上，另一端与质量为2m的物块b刚好在D点接触（不连接），弹簧处于自然长度。将质量为m的物块a从顶端F点静止释放后，沿圆弧轨道下滑。物块a与物块b第一次碰撞后一起向左压缩弹簧。
=l，物块a、b与DE段水平轨道的动摩擦因数分别为μ1=0.2和μ2=0.4，重力加速度为g。物块a、b均可视为质点。求：
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=l，物块a、b与DE段水平轨道的动摩擦因数分别为μ1=0.2和μ2=0.4，C,D段水平面光滑，重力加速度为g。物块a、b均可视为质点。求：
圆弧轨道固定在竖直平面内，与水平轨道CN相接.水平轨道的CD段光滑、DN段粗糙．一根轻质弹簧一端固定在C处的竖直面上，另一端与质量为2m的小物块
刚好在D点接触但不连接，弹簧处于自然长度．质量为m的小物块
从圆弧轨道顶端M点由静止释放并下滑，后与物块
=l，物块
与
的关系.