Question

13．如图所示，半径R=1.25m的四分之一光滑圆弧轨道AB竖直固定，其末端B切线水平，并与水平传送带相连，传送带C端放一滑块，滑块的质量m=0.5kg，滑块与传送带间的动摩擦因数μ=0.1，传送带BC长度s=1.5m，a、b两轮半径r=0.4m．
（1）当传送带静止时，用F=4N的水平拉力向左拉滑块，到达B端时撤去拉力F，则滑块沿弧形槽上升的最大高度为多少？滑块从弧形槽上最高点再滑回B端时，轨道对滑块的支持力为多大？
（2）若a、b两轮以角速度ω=15rad/s顺时针转动，滑块在AB轨道上某一位置由静止释放，为使滑块能在b轮最高点C离开传送带水平飞出，则释放位置离B的最小高度是多大？

Answer 1

分析 （1）对从C到最高点运用动能定理，抓住动能变化量为零，求出滑块沿弧形槽上升的最大高度．根据动能定理求出返回到B点的速度，结合牛顿第二定律求出支持力的大小．
（2）滑块要从b轮最高点C离开传送带飞出，则在C点支持力为零，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出C点的速度，根据滑块速度与传送带速度的大小关系，得出滑块的运动规律，结合运动学公式求出B点的最小速度，再根据动能定理求出高度．

解答 解：（1）从C到最高点的过程中重力做负功，拉力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理有：
W_F+W_G+W_f=E_k一E_k0=0
即：Fs-mgh-μmgs=0，
代入数值解得：h=1.05 m．
从高处滑回B点过程中，根据机械能守恒定律有：
mgh=$\frac{1}{2}$$m{{v}_{B}}^{2}$，
在B点有：N_B-mg=m$\frac{{{v}_{B}}^{2}}{R}$，
解以上两式得：N_B=mg+2mg$\frac{h}{R}$
代入数据解得：N_B=13.4 N
（2）根据题意，滑块要从b轮最高点C离开传送带飞出，则滑块运动至C点的速度最小为：
mg=m$\frac{{{v}_{C}}^{2}}{r}$，
即：v_C=$\sqrt{gr}$=$\sqrt{10×0.4}$=2 m/s．
由于传送带的速度v_带=rω=15×0.4=6 m/s，要使滑块从C点以2 m/s飞出，可分析出滑块在传送带上从B到C做匀加速运动．根据牛顿第二定律，可得加速度为：
a=$\frac{f}{m}$=$\frac{μmg}{m}$=μg=1 m/s²，
为了使滑块运动到C点时速度大于2 m/s，则B点的速度最小为：${{v}_{C}}^{2}-{{v}_{Bmin}}^{2}$=2as，
代入数据可得：v_Bmin=1 m/s．
物块在AB轨道上运动时只有重力做功，则：mgh′=$\frac{1}{2}m{v}_{Bmin}^{2}$
所以：h′=0.05m
答：（1）滑块沿弧形槽上升的最大高度为1.05m；轨道对滑块的支持力为13.4N；
（2）释放位置离B的最小高度是0.05m．

点评 本题综合考查了动能定理、机械能守恒定律和牛顿第二定律，关键理清滑块的运动过程，运用合适的规律进行求解．