Question

如图所示，一半径r = 0.2m的光滑圆弧形槽底端B与水平传带相接，传送带的运行速度为v₀=4m/s，长为L=1.25m , 滑块与传送带间的动摩擦因数=0.2,DEF为固定于竖直平面内的一段内壁光滑的中空方形细管，EF段被弯成以O为圆心、半径R = 0.25m的一小段圆弧，管的D端弯成与水平传带C端平滑相接，O点位于地面，OF 连线竖直．一质量为M=0.1kg的物块a从圆弧顶端A点无初速滑下，滑到传送带上后做匀加速运动，过后滑块被传送带送入管DEF，管内顶端F点放置一质量为m=0.1kg的物块b．已知a、b两物块均可视为质点，a、b横截面略小于管中空部分的横截面，重力加速度g取10m/s².求：

(1)滑块a到达底端B时的速度v_B；

(2) 滑块a刚到达管顶F点时对管壁的压力；

 (3) 滑块a滑到F点时与b发生正碰并粘在一起飞出后落地，求落点到O点的距离x（不计空气阻力）

（4）已知若a的质量M≥m，a与b发生弹性碰撞，求物块b滑过F点后在地面的首次落点到O点距离x的范围．(=2.2)

 

Answer 1

【答案】

(1) 2m/s   (2) 0.6N,方向竖直向上（3）(4) 0.44m≤x＜0.88m

【解析】(1)设滑块到达B点的速度为v_B，由机械能守恒定律，有

                           =2m/s                                

(2)滑块在传送带上做匀加速运动，受到传送带对它的滑动摩擦力，

由牛顿第二定律Mg =Ma,                         

滑块对地位移为L，末速度为v_C，设滑块在传送带上一直加速

由速度位移关系式                 

得v_C=3m/s<4m/s，可知滑块未达共速     滑块从C至F，由机械能守恒定律，有

                   得                                      

在F处由牛顿第二定律       F_N=0.6N                                               

管上壁受压力为0.6N,方向竖直向上

（3）设碰撞后物块a、b的速度分别为V，碰撞过程由动量守恒得

因为，由上式可知，碰撞后

即

 

解得

(4)设碰撞后物块a、b的速度分别为V_a、V_b，碰撞过程由动量守恒和机械能守恒得

  

联立解得

因为M≥m，由上式可知，碰撞后V_F≤V_b＜2V_F，即2m/s≤V_b＜4m/s   （1分）

物块b离开E点后做平抛运动，设时间为t，首次落点到O点的距离为x，则有

           

由以上三式联立解得  0.44m≤x＜0.88m    

本题是力学的综合性问题。包含了圆周运动，匀变速直线运动，涉及到动能定理，动量守恒，动量守恒定律等问题。关键是分析运动状态。