题目内容

【题目】如图甲、乙所示,汽缸由两个横截面不同的圆筒连接而成,活塞A、B被长度为0.9m的轻质刚性细杆连接在一起,可无摩擦移动,A、B的质量分别为mA=12kg、mB=8.0kg,横截面积分别为SA=4.0×10-2m2,SB=2.0×10-2m2。一定质量的理想气体被封闭在两活塞之间,活塞外侧大气压强P0=1.0×105Pa。取重力加速度g=10m/s2

①图甲所示是气缸水平放置达到的平衡状态,活塞A与圆筒内壁凸起面恰好不接触,求被封闭气体的压强.

②保持温度不变使汽缸竖直放置,平衡后达到如图乙所示位置,求大气压强对活塞A、B所做的总功。

【答案】(1)1.0×105Pa;(2) -200J ;

【解析】①汽缸处于题图甲位置时,设汽缸内气体压强为P1,对于活塞和杆,由平衡条件得:

代入数据解得:

②汽缸处于题图乙位置时,设汽缸内气体压强为P2,对于活塞和杆,由平衡条件得:

代入数据解得:

由波意耳定律可得:

代入数据解得:x=0.1m

联立代入数据解得:W=-200J

练习册系列答案
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【题目】在如图所示的电路中,开关闭合后,当滑动变阻器的触头P向下滑动时,有(  )

A. L1变亮

B. L2变暗

C. 电源的总功率变大

D. 电阻R1有从ba方向的电流

【答案】BD

【解析】试题分析:滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时,接入电路电阻变大,总电阻增大,则电路中总电流减小,灯变暗,故A错误;根据串联电路中电压与电阻成正比,可知,电路中并联部分的电压增大,通过的电流增大,而总电流减小,所以通过灯的电流变小,灯变暗,故B正确;根据知,减小,E不变,则电源的总功率减小,故C错误;电容器的电压等于右侧并联电路的电压,则电容器的电压增大,带电量将增多,电容器充电,所以电阻有从方向的电流,故D正确。

考点:闭合电路的欧姆定律;电功、电功率

【名师点睛】滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时,接入电路电阻变大,分析总电流的变化,即可判断灯亮度的变化.根据电路的结构,由欧姆定律可判断电容器电压的变化,分析其状态,判断通过电阻的电流方向.根据总电流的变化判断电源总功率的变化;解决这类动态分析问题的基础是认识电路的结构,处理好整体和局部的关系,运用欧姆定律分析。

型】单选题
束】
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【题目】两间距为L=1m的平行直导轨与水平面间的夹角为θ=37°,导轨处在垂直导轨平面向下、磁感应强度大小B=2T的匀强磁场中.金属棒P垂直地放在导轨上,且通过质量不计的绝缘细绳跨过如图所示的定滑轮悬吊一重物,将重物由静止释放,经过一段时间,将另一根完全相同的金属棒Q垂直放在导轨上,重物立即向下做匀速直线运动,金属棒Q恰好处于静止状态.已知两金属棒的质量均为m=1kg,假设重物始终没有落在水平面上,且金属棒与导轨接触良好,一切摩擦均可忽略,重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.下列说法正确的是(  )

A. 重物的质量为1.2kg

B. 金属棒Q未放上时,重物和金属棒P组成的系统机械能不守恒

C. 金属棒Q放上后,电路中产生的焦耳热等于重物重力势能的减少量

D. 金属棒Q放上后,电路中电流的大小为3A

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