题目内容
14.如图所示,半径R=0.2m的光滑四分之一圆轨道MN竖直固定放置,末端N与一长L=0.8m的水平传送带平滑相切,水平衔接部分无机械能损失,传动轮的轮半径很小,传送带以恒定的速度ν0作顺时针运动.传送带上表面离地面的高度h=1.25m,其右侧地面上有一直径D=0.5m的圆形洞,洞口最左端的A点离传送带右端的水平距离x=1m,B点在洞口的最右端.现使质量为m=0.5kg的小物块从M点由静止开始释放,经过传送带后做平抛运动,小物体视为质点,不计空气阻力,传送带与小物块之间的动摩擦因数μ=0.5.g取10m/s2.求:(1)求到达圆轨道末端N时小物块对轨道的压力大小和方向;
(2)若ν0=3m/s,求小物块在传送带上因摩擦产生的内能;
(3)若要使小物块能落入洞中,求传送带的速度ν0应满足的条件.
分析 (1)由机械能守恒定律求出物块到达N点的速度,然后应用牛顿第二定律求出轨道的支持力,再求出物块对轨道的压力.
(2)由牛顿第二定律求出物块的加速度,然后应用运动学公式求出物块与传送带的相对位移,再求出摩擦力做功产生的内能.
(3)物块离开传送带后做平抛运动,应用平抛运动规律求出速度的临界值,然后确定速度的范围.
解答 解:(1)设小滑块在N点的速度为vN,从M到N机械能守恒,由机械能守恒定律得:mgR=$\frac{1}{2}$mvN2,
解得:vN=2m/s,
在N处,由牛顿第二定律得:FN-mg=m$\frac{{v}_{N}^{2}}{R}$,
解得支持力:FN=15N,
由牛顿第三定律得压力大小:FN′=15N,方向:竖直向下;
(2)若传送带v0=3m/s,则小滑块先要加速运动,对小滑块有:μmg=ma,
解得:a=5m/s2
从2m/s到3m/s,滑块位移:x=$\frac{{v}_{0}^{2}-{v}_{N}^{2}}{2a}$=0.5m<0.8m,
时间:t=$\frac{{v}_{0}-{v}_{N}}{a}$=0.2s之后相对静止;
在滑块运动0.5m这段时间内,传送带位移:x=v0t=0.6m
相对位移△x=0.6m-0.5m=0.1m,内能:Q=μmg△x=0.25J;
(3)由平抛运动规律,有:h=$\frac{1}{2}$gt2,
解得:t=0.5s
若小物体刚好从A点进入洞中则要求初速度v1=$\frac{x}{t}$=2m/s
若小物体刚好从B点进入洞中则要求初速度v2=$\frac{x+D}{t}$=3m/s
结合第(2)问,分析可知,物体要落入洞中,传送带速度应满足的条件是2m/s<v0<3m/s;
答:(1)到达圆轨道末端N时小物块对轨道的压力大小为15N,方向:竖直向下;
(2)若ν0=3m/s,小物块在传送带上因摩擦产生的内能为0.25J;
(3)若要使小物块能落入洞中,传送带的速度ν0应满足的条件是2m/s<v0<3m/s.
点评 本题是一道力学综合题,分析清楚物体的运动过程是解题的关键,应用机械能守恒定律、牛顿定律、运动学公式与平抛运动功率可以解题.
A. | 1s末回路中的电动势为0.1V | B. | 1s末回路中的电流为1A | ||
C. | 2s末回路产生的电热为0.01J | D. | 2s末,ab所受安培力大小为0.05N |
A. | A和B | B. | A和C | C. | B和C | D. | A和D |
A. | 电子一直沿Ox负方向运动 | B. | 电子运动的加速度逐渐增大 | ||
C. | 电场力一直做正功 | D. | 电子的电势能逐渐增大 |
A. | 从A到C过程中,重力做的功为mgh | |
B. | 从A到B过程中,小明与雪橇损失的机械能为mgh | |
C. | 若A、C连线与水平冰面夹角为α,则μ=tanα | |
D. | 若小明乘雪橇最后停在BC的中点,则他应从雪道上距冰面高为$\frac{h}{2}$由静止开始下滑 |
A. | 在t1~t2时间内,士兵的加速度大小逐渐增大 | |
B. | 在0~t1时间内,士兵的位移大小s>$\frac{{v}_{1}+{v}_{2}}{2}$t1 | |
C. | 在t1~t2时间内,士兵的平均速度$\overline{v}$=$\frac{{v}_{1}+{v}_{2}}{2}$ | |
D. | 在t1~t2时间内,士兵的位移大小s<$\frac{{v}_{1}+{v}_{2}}{2}$(t2-t1) |
A. | 可能是2个 | B. | 可能是3个 | C. | 可能是4个 | D. | 可能是5个 |
A. | 物块P受到的支持力大小为$\frac{mg}{cosθ}$ | B. | 物块P受到的支持力大小为mgcosθ | ||
C. | 木板Q的加速度为gcosθ | D. | 木板Q的加速度为gtanθ |