题目内容
三棱柱ABC-A1B1C1中,侧棱与底面垂直,∠ABC=90°,AB=BC=BB1=2,M,N分别是AB,A1C的中点.(1)求直线MN与平面A1B1C所成的角;
(2)在线段AC上是否存在一点E,使得二面角E-B1A1-C的余弦值为


【答案】分析:(1)分别B1A1、B1C1、B1B为x、y、z轴,建立空间直角坐标系B1-xyz,如图所示.算出B1、C、A1、B的坐标,从而得到M、A、C、N各点的坐标,得
、
、
的坐标,进而算出
且
,利用线面垂直的判定定理得到MN⊥平面A1B1C,即MN与平面A1B1C所成的角为90°;
(2)设E(x,y,z)且
=λ
,可得
=(2-2λ,2λ,2),利用垂直向量数量积为零的方法算出平面A1B1E的一个法向量为
=(0,-
,1).平面A1B1C的法向量为
=(0,1,-1),由二面角E-B1A1-C的余弦值为
利用空间向量的夹角公式,建立关于λ的方程解出λ=
得到AE=
,从而得出存在满足条件的点E.
解答:
解:(1)分别B1A1、B1C1、B1B为x、y、z轴,建立空间直角坐标系B1-xyz,如图所示
可得B1(0,0,0),C(0,2,2),A1(2,0,0),B(0,0,2),
则M(1,0,2),A(2,0,2),C(0,2,2),N(1,1,1)------------(2分)
=(0,2,2),
=(0,1,-1),
=(2,0,0)
∵
,且
,--------(4分)
∴MN⊥B1C,MN⊥B1A1
结合B1C∩B1A1=B1,可得MN⊥平面A1B1C
即MN与平面A1B1C所成的角为90°.-----------------(5分)
(2)设E(x,y,z),且
=λ
,--------------(6分)
则(x-2,y,z-2)=λ(-2,2,0)
解之得x=2-2λ,y=2λ,z=2,
=(2-2λ,2λ,2)-------(7分)
由(1)可知:平面A1B1C的法向量为
=(0,1,-1),
设平面A1B1E的法向量为
,
则
,
则可解得
=(0,-
,1),----------------(9分)
∴
=
,可得2λ2-5λ+2=0,解之得
或2-------(11分)
由于点E在线段上,所以λ=
,此时AE=
即在线段AC上存在一点E,当AE的长为
时,二面角E-B1A1-C的余弦值为
.---------(12分)
点评:本题利用空间坐标系,证明了直线与平面所成角并探索二面角的大小问题.着重考查了线面垂直的判定定理和利用空间向量研究二面大小等知识点,属于中档题.





(2)设E(x,y,z)且









解答:

可得B1(0,0,0),C(0,2,2),A1(2,0,0),B(0,0,2),
则M(1,0,2),A(2,0,2),C(0,2,2),N(1,1,1)------------(2分)



∵


∴MN⊥B1C,MN⊥B1A1
结合B1C∩B1A1=B1,可得MN⊥平面A1B1C
即MN与平面A1B1C所成的角为90°.-----------------(5分)
(2)设E(x,y,z),且


则(x-2,y,z-2)=λ(-2,2,0)
解之得x=2-2λ,y=2λ,z=2,

由(1)可知:平面A1B1C的法向量为

设平面A1B1E的法向量为

则

则可解得


∴



由于点E在线段上,所以λ=


即在线段AC上存在一点E,当AE的长为


点评:本题利用空间坐标系,证明了直线与平面所成角并探索二面角的大小问题.着重考查了线面垂直的判定定理和利用空间向量研究二面大小等知识点,属于中档题.

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