题目内容
(2012•武汉模拟)已知函数f(x)=
-1.
(1)求函数f(x)的单调区间;
(2)设m>0,求函数f(x)在[m,2m]上的最大值;
(3)证明:对?n∈N*,不等式ln(
)<
恒成立.
lnx |
x |
(1)求函数f(x)的单调区间;
(2)设m>0,求函数f(x)在[m,2m]上的最大值;
(3)证明:对?n∈N*,不等式ln(
2+n |
n |
2+n |
n |
分析:(1)确定函数的定义域,求导函数,由导数的正负明确的函数的单调区间;
(2)分类讨论,确定函数f(x)在[m,2m]上的单调性,从而可求函数的最大值;
(3)先确定函数在(0,+∞)上,恒有f(x)=
-1≤
-1,即
≤
,从而可得x∈(0,+∞),恒有lnx≤
x,进而可得结论.
(2)分类讨论,确定函数f(x)在[m,2m]上的单调性,从而可求函数的最大值;
(3)先确定函数在(0,+∞)上,恒有f(x)=
lnx |
x |
1 |
e |
lnx |
x |
1 |
e |
1 |
e |
解答:解:(1)函数的定义域为(0,+∞)
求导函数,可得f′(x)=
令f′(x)>0,x>0,可得0<x<e;令f′(x)<0,可得x>e;
∴函数f(x)的单调递增区间为(0,e),单调递减区间为(e,+∞);
(2)①当0<2m≤e,即0<m≤
时,由(1)知,函数f(x)在[m,2m]上单调递增,
∴f(x)max=f(2m)=
-1;
②当m≥e时,由(1)知,函数f(x)在[m,2m]上单调递减,
∴f(x)max=f(m)=
-1;
③当m<e<2m,即
<m<e时,由(1)知,f(x)max=f(e)=
-1
(3)由(1)知,当x∈(0,+∞)时,f(x)max=f(e)=
-1
∴在(0,+∞)上,恒有f(x)=
-1≤
-1,即
≤
当且仅当x=e时,等号成立
∴?x∈(0,+∞),恒有lnx≤
x
∵
>0,
≠e
∴ln
<
×
∴ln(
)<
求导函数,可得f′(x)=
1-lnx |
x2 |
令f′(x)>0,x>0,可得0<x<e;令f′(x)<0,可得x>e;
∴函数f(x)的单调递增区间为(0,e),单调递减区间为(e,+∞);
(2)①当0<2m≤e,即0<m≤
e |
2 |
∴f(x)max=f(2m)=
ln2m |
2m |
②当m≥e时,由(1)知,函数f(x)在[m,2m]上单调递减,
∴f(x)max=f(m)=
lnm |
m |
③当m<e<2m,即
e |
2 |
1 |
e |
(3)由(1)知,当x∈(0,+∞)时,f(x)max=f(e)=
1 |
e |
∴在(0,+∞)上,恒有f(x)=
lnx |
x |
1 |
e |
lnx |
x |
1 |
e |
当且仅当x=e时,等号成立
∴?x∈(0,+∞),恒有lnx≤
1 |
e |
∵
2+n |
n |
2+n |
n |
∴ln
2+n |
n |
1 |
e |
2+n |
n |
∴ln(
2+n |
n |
2+n |
n |
点评:本题考查导数知识的运用,考查函数的单调性,考查函数的最值,考查不等式的证明,解题的关键是确定函数的单调性,正确分类讨论.

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