题目内容
已知抛物线C:y2=4x,点M(m,0)在x轴的正半轴上,过M的直线l与C相交于A、B两点,O为坐标原点.
(I)若m=1,且直线l的斜率为1,求以AB为直径的圆的方程;
(II)问是否存在定点M,不论直线l绕点M如何转动,使得
+
恒为定值.
(I)若m=1,且直线l的斜率为1,求以AB为直径的圆的方程;
(II)问是否存在定点M,不论直线l绕点M如何转动,使得
1 |
|AM|2 |
1 |
|BM|2 |
分析:(I)由题意得M(1,0),直线l的方程为y=x-1与抛物线方程联立,利用韦达定理,可得圆心坐标与圆的半径,从而可得圆的方程;
(II)若存在这样的点M,使得
+
为定值,直线l:x=ky+m与抛物线方程联立,计算|AM|,|BM|,利用
+
恒为定值,可求点M的坐标.
(II)若存在这样的点M,使得
1 |
|AM|2 |
1 |
|BM|2 |
1 |
|AM|2 |
1 |
|BM|2 |
解答:解:(I)设A,B两点坐标为A(x1,y1),B(x2,y2),AB中点P的坐标为P(x0,y0),
由题意得M(1,0),直线l的方程为y=x-1.(2分)
由
可得x2-6x+1=0,
则x1+x2=6,x1•x2=1,∴x0=
=3,y0=x0-1=2.(4分)
故圆心为P(3,2),直径|AB|=
|x1-x2|=
•
=8.
∴以AB为直径的圆的方程为(x-3)2+(y-2)2=16.(6分)
(II)若存在这样的点M,使得
+
为定值,直线l:x=ky+m.
由
,∴y2-4ky-4m=0,∴y1+y2=4k,y1y2=-4m.
又∵|AM|2=
(1+k2),|BM|2=
(1+k2),
∴
+
=(
+
)•
=
•
=
•
,(13分)
因为要与k无关,只需令
=1,即m=2,进而
+
=
.
所以,存在定点M(2,0),不论直线l绕点M如何转动,
+
恒为定值
.
由题意得M(1,0),直线l的方程为y=x-1.(2分)
由
|
则x1+x2=6,x1•x2=1,∴x0=
x1+x2 |
2 |
故圆心为P(3,2),直径|AB|=
1+k2 |
2 |
(x1+x2)2-4x1x2 |
∴以AB为直径的圆的方程为(x-3)2+(y-2)2=16.(6分)
(II)若存在这样的点M,使得
1 |
|AM|2 |
1 |
|BM|2 |
由
|
又∵|AM|2=
y | 2 1 |
y | 2 2 |
∴
1 |
|AM|2 |
1 |
|BM|2 |
1 | ||
|
1 | ||
|
1 |
1+k2 |
1 |
1+k2 |
(y1+y2)2-2y1y2 |
(y1y2)2 |
1 |
1+k2 |
16(k2+
| ||
16m2 |
因为要与k无关,只需令
m |
2 |
1 |
|AM|2 |
1 |
|BM|2 |
1 |
4 |
所以,存在定点M(2,0),不论直线l绕点M如何转动,
1 |
|AM|2 |
1 |
|BM|2 |
1 |
4 |
点评:本题考查圆的方程,考查直线与抛物线的位置关系,考查韦达定理的运用,联立方程,正确运用韦达定理是关键.
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