题目内容
已知函数f(x)=lnx,g(x)=
(a>0),设F(x)=f(x)+g(x).
(Ⅰ)求F(x)的单调区间;
(Ⅱ)若以y=F(x)(x∈(0,3])图象上任意一点P(x0,y0)为切点的切线的斜率 k≤
恒成立,求实数a的最小值.
(Ⅲ)是否存在实数m,使得函数y=g(
)+m-1的图象与y=f(1+x2)的图象恰好有四个不同的交点?若存在,求出m的取值范围,若不存在,说明理由.
a |
x |
(Ⅰ)求F(x)的单调区间;
(Ⅱ)若以y=F(x)(x∈(0,3])图象上任意一点P(x0,y0)为切点的切线的斜率 k≤
1 |
2 |
(Ⅲ)是否存在实数m,使得函数y=g(
2a |
x2+1 |
分析:(I)先求出F(x),然后求出F'(x),分别求出F′(x)>0与F′(x)<0 求出F(x)的单调区间;
(II)利用导数的几何意义表示出切线的斜率k,根据k≤
恒成立将a分离出来,a≥(-
x02+x0)max,即可求出a的范围,从而得到a的最小值;
(III)p函数y=g(
)+m-1的图象与y=f(1+x2)的图象有四个不同的交点转化成方程有四个不同的根,分离出m后,转化成新函数的最大值和最小值.
(II)利用导数的几何意义表示出切线的斜率k,根据k≤
1 |
2 |
1 |
2 |
(III)p函数y=g(
2a |
x2+1 |
解答:解:(I)F(x)=f(x)+g(x)=lnx+
(x>0),F′(x)=
-
=
(x>0).
因为a>0由F′(x)>0⇒x∈(a,+∞),所以F(x)在(a,+∞)上单调递增;
由F′(x)<0⇒x∈(0,a),
所以F(x)在(0,a)上单调递减.
(Ⅱ)由题意可知k=F′(x0)=
≤
对任意0<x0≤3恒成立,
即有x0-
≤a对任意0<x0≤3恒成立,即(x0-
)max≤a,
令t=x0-
=-
(
-2x0)=-
(x0-1)2+
≤
,
则a≥
,即实数a的最小值为
.
(III)若y=g(
)+m-1═
x2+m-
的图象与y=f(1+x2)=ln(x2+1)的图象恰有四个不同交点,
即
x2+m-
=ln(x2+1)有四个不同的根,
亦即m=ln(x2+1)-
x2+
有四个不同的根.
令G(x)=ln(x2+1)-
x2+
,
则G′(x)=
-x=
=
.
当x变化时G'(x).G(x)的变化情况如下表:
由表格知:G(0)=
,G(1)=G(-1)=ln2>0.
又因为G(2)=G(-2)=ln5-2+
<
可知,当m∈(
,ln2)时,
方程m=ln(x2+1)-
x2+
有四个不同的解.
∴当m∈(
,ln2)时,y=g(
)+m-1=
x2+m-
的图象与
y=f(1+x2)=ln(x2+1)的图象恰有四个不同的交点.
a |
x |
1 |
x |
a |
x2 |
x-a |
x2 |
因为a>0由F′(x)>0⇒x∈(a,+∞),所以F(x)在(a,+∞)上单调递增;
由F′(x)<0⇒x∈(0,a),
所以F(x)在(0,a)上单调递减.
(Ⅱ)由题意可知k=F′(x0)=
x0-a | ||
|
1 |
2 |
即有x0-
1 |
2 |
x | 2 0 |
1 |
2 |
x | 2 0 |
令t=x0-
1 |
2 |
x | 2 0 |
1 |
2 |
x | 2 0 |
1 |
2 |
1 |
2 |
1 |
2 |
则a≥
1 |
2 |
1 |
2 |
(III)若y=g(
2a |
x2+1 |
1 |
2 |
1 |
2 |
即
1 |
2 |
1 |
2 |
亦即m=ln(x2+1)-
1 |
2 |
1 |
2 |
令G(x)=ln(x2+1)-
1 |
2 |
1 |
2 |
则G′(x)=
2x |
x2+1 |
2x-x3-x |
x2+1 |
-x(x+1)(x-1) |
x2+1 |
当x变化时G'(x).G(x)的变化情况如下表:
由表格知:G(0)=
1 |
2 |
又因为G(2)=G(-2)=ln5-2+
1 |
2 |
1 |
2 |
1 |
2 |
方程m=ln(x2+1)-
1 |
2 |
1 |
2 |
∴当m∈(
1 |
2 |
2a |
x2+1 |
1 |
2 |
1 |
2 |
y=f(1+x2)=ln(x2+1)的图象恰有四个不同的交点.
点评:本题主要考查函数的单调性与其导函数正负之间的关系,导数在函数单调性和最值中的应用,同时考查了导数的几何意义和恒成立问题,考查运算求解能力,考查数形结合思想、化归与转化思想.属于中档题.
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