题目内容
10.函数f(x)是定义在(0,+∞)上的单调函数,?x∈(0,+∞),f[f(x)-lnx]=e+1,则方程f(x)-f′(x)=e(其中e为自然对数的底数)的解所在的区间是( )A. | (0,$\frac{1}{2}$) | B. | ($\frac{1}{2}$,1) | C. | (1,2) | D. | (2,3) |
分析 由设t=f(x)-lnx,则f(x)=lnx+t,又由f(t)=e+1,求出f(x)=lnx+e,则方程f(x)-f′(x)=e的解可转化成方程lnx-$\frac{1}{x}$=0的解,根据零点存在定理即可判断.
解答 解:根据题意,对任意的x∈(0,+∞),都有f[f(x)-lnx]=e+1,
又由f(x)是定义在(0,+∞)上的单调函数,
则f(x)-lnx为定值,
设t=f(x)-lnx,
则f(x)=lnx+t,
又由f(t)=e+1,
即lnt+t=e+1,
解得:t=e,
则f(x)=lnx+e,f′(x)=$\frac{1}{x}$,
∴f(x)-f′(x)=lnx+e-$\frac{1}{x}$=e,
即lnx-$\frac{1}{x}$=0,
则方程f(x)-f′(x)=e的解可转化成方程lnx-$\frac{1}{x}$=0的解,
令h(x)=lnx-$\frac{1}{x}$,
而h(2)=ln2-$\frac{1}{2}$>0,h(1)=ln1-$\frac{1}{1}$<0,
∴方程lnx-$\frac{1}{x}$=0的解所在区间为(1,2),
∴方程f(x)-f′(x)=e的解所在区间为(1,2),
故选C.
点评 本题考查了导数的运算和零点存在定理,关键是求出f(x),属于中档题.
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18.已知f(x)对任意x∈[0,+∞),都有f(x+1)=-f(x),当x∈[0,1)时,f(x)=x,若函数g(x)=f(x)-${log}_{{a}^{(x+1)}}$(0<a<1)在区间[0,6]上有3个零点,则实数a的取值范围是( )
A. | [$\frac{1}{7}$,$\frac{1}{5}$) | B. | ($\frac{1}{7}$,$\frac{1}{5}$) | C. | (0,$\frac{1}{7}$) | D. | ($\frac{1}{5}$,1) |