题目内容
如图，矩形ABCD中，AB=3，BC=4，点E，F，G，H分别在AB、BC、CD、AD上，若∠1=∠2=∠3=∠4，则四边形EFGH的周长是（ ）分析：先求出∠HEF=∠FGH，再求出∠EFG=∠EHG，然后判定四边形EFGH是平行四边形，根据平行四边形的对边相等可得EF=HG，FG=EH，然后得到△BEF和△DGH全等，△AEH和△CGF全等，根据全等三角形对应边相等可得HD=BF，BE=DG，再根据△AEH和△BEF相似，利用相似三角形对应边成比例列式求出
=
，设AE、AH分别为3k、4k，根据勾股定理求出EH，再表示出BE、BF，根据勾股定理表示出EF，然后EF+EH正好消掉k，再根据平行四边形的周长公式列式进行计算即可得解．
| AE |
| AH |
| 3 |
| 4 |
解答：解：∵∠1=∠2=∠3=∠4，
∴∠HEF=180°-∠3-∠4，∠FGH=180°-∠1-∠2，
∴∠HEF=∠FGH，
又∵∠EFG=180°-（90°-∠4）-（90°-∠2）=∠2+∠4，
∠EHG=180°-（90°-∠3）-（90°-∠1）=∠1+∠2，
∴∠EFG=∠EHG，
∴四边形EFGH是平行四边形，
易得△BEF≌△DGH，△AEH≌△CGF，
∴HD=BF，BE=DG，
∵∠3=∠4，∠A=∠B=90°，
∴△AEH∽△BEF，
∴
=
，
即
=
，
整理得，
=
，
设AE、AH分别为3k、4k，在Rt△AEH中，EH=
=
=5k，
在Rt△BEF中，EF=
=
=5（1-k），
∴EF+EH=5（1-k）+5k=5，
四边形EFGH的周长=2（EF+EH）=2×5=10．
故选C．
∴∠HEF=180°-∠3-∠4，∠FGH=180°-∠1-∠2，
∴∠HEF=∠FGH，
又∵∠EFG=180°-（90°-∠4）-（90°-∠2）=∠2+∠4，
∠EHG=180°-（90°-∠3）-（90°-∠1）=∠1+∠2，
∴∠EFG=∠EHG，
∴四边形EFGH是平行四边形，
易得△BEF≌△DGH，△AEH≌△CGF，
∴HD=BF，BE=DG，
∵∠3=∠4，∠A=∠B=90°，
∴△AEH∽△BEF，
∴
| AE |
| BE |
| AH |
| BF |
即
| AE |
| 3-AE |
| AH |
| 4-AH |
整理得，
| AE |
| AH |
| 3 |
| 4 |
设AE、AH分别为3k、4k，在Rt△AEH中，EH=
| AE2+AH2 |
| (3k)2+(4k)2 |
在Rt△BEF中，EF=
| BE2+BF2 |
| (3-3k)2+(4-4k)2 |
∴EF+EH=5（1-k）+5k=5，
四边形EFGH的周长=2（EF+EH）=2×5=10．
故选C．
点评：本题考查了矩形的性质，全等三角形的判定与性质，相似三角形的判定与性质，勾股定理的应用，以及平行四边形的判定与性质，求出
=
是解题的关键，也是本题的难点．
| AE |
| AH |
| 3 |
| 4 |
练习册系列答案
相关题目
如图，矩形ABCD中，AB=6，BC=8，M是BC的中点，DE⊥AM，E是垂足，则△ABM的面积为
如图，矩形ABCD中，AD=a，AB=b，要使BC边上至少存在一点P，使△ABP、△APD、△CDP两两相似，则a、b间的关系式一定满足（ ）A、a≥
| ||
| B、a≥b | ||
C、a≥
| ||
| D、a≥2b |
7、如图，矩形ABCD中，AE⊥BD，垂足为E，∠DAE=2∠BAE，则∠CAE=
（2008•怀柔区二模）已知如图，矩形ABCD中，AB=3cm，BC=4cm，E是边AD上一点，且BE=ED，P是对角线上任意一点，PF⊥BE，PG⊥AD，垂足分别为F、G．则PF+PG的长为
（2002•西藏）已知：如图，矩形ABCD中，E、F是AB边上两点，且AF=BE，连结DE、CF得到梯形EFCD．