题目内容
用力F推水平地面上一质量为M的木箱，如图所示．力F与水平面的夹角为α，木箱与地面间的动摩擦因数为μ，假设最大静摩擦力与滑动摩擦力数值相等．（1）若能推动木箱，则F至少有多大？
（2）有两同学在求解时，考虑若F与地面间的夹角可变时，甲同学认为只要力F不断变大则一定能推动木箱，乙同学则认为，夹角不能太大，否则力F无论多大都推不动木箱．你认为甲、乙谁的认识正确，还是两个都不正确，并写出原因．
分析：对木箱受力分析，正交分解根据平衡条件列方程求解即可；
根据第一问推出的力F表达式进行分析推导得出结论．
根据第一问推出的力F表达式进行分析推导得出结论．
解答：解：（1）对木箱受力分析，
竖直方向有：
Mg+Fsinα=FN①
在水平方向有Fcosα≥μFN②
联立①②两式解得F≥
③
即有最小推力F=
．
（2）乙同学的认识是正确的．要推动木箱，F的大小虽然可变，但在水平方向必须有Fcosα≥μFN=μ（Mg+Fsinα），当夹角α不断变大时水平向右的分力Fcosα随着α的增大而减小，而Fsinα却增大，只要α增大，这种情况就一直发生，当α增到一定程度时，无论如何都有Fcosα＜μ（Mg+Fsinα）④
此时可令cosα=μsinα⑤
解得α=arctan
，当α＞arctan
时，则无论用多大的力F也推不动木箱．
竖直方向有：
Mg+Fsinα=FN①
在水平方向有Fcosα≥μFN②
联立①②两式解得F≥
| μMg |
| cosα-μsinα |
即有最小推力F=
| μMg |
| cosα-μsinα |
（2）乙同学的认识是正确的．要推动木箱，F的大小虽然可变，但在水平方向必须有Fcosα≥μFN=μ（Mg+Fsinα），当夹角α不断变大时水平向右的分力Fcosα随着α的增大而减小，而Fsinα却增大，只要α增大，这种情况就一直发生，当α增到一定程度时，无论如何都有Fcosα＜μ（Mg+Fsinα）④
此时可令cosα=μsinα⑤
解得α=arctan
| 1 |
| μ |
| 1 |
| μ |
点评：本题考查了受力分析和受力平衡问题，关键是知道当Fcosα＜μ（Mg+Fsinα）时无论力F多大都推不动木块．
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