题目内容
固定不动的正点电荷A，带电量为Q=1.0×10-6C，点电荷B从距A无穷远的电势为零处移到距A为2cm、电势为3 000V的P点，电场力所做负功为1.8×l03J．若把B电荷从P点由静止释放，释放瞬间加速度大小为9×109m/s2．求：B电荷能达到的最大速度．
B电荷从P点由静止释放，释放瞬间，
由牛顿第二定律与库仑定律可得：a=
=
则有：
=
B电荷在库仑力作用下，速度不断增大．
所以由qU=
mv2，可得：v=
=
=1.55×104m/s
答：B电荷能达到的最大速度为1.55×103m/s．
由牛顿第二定律与库仑定律可得：a=
| F |
| m |
k
| ||
| m |
则有：
| q |
| m |
| ar2 |
| kQ |
B电荷在库仑力作用下，速度不断增大．
所以由qU=
| 1 |
| 2 |
|
|
答：B电荷能达到的最大速度为1.55×103m/s．
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新思维假期作业寒假吉林大学出版社系列答案
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如图所示，固定不动的正点电荷A，带电量为Q=1.0×10-6 C，点电荷B从距A无穷远的电势为零处移到距A为3m、电势为3000V的P点，电场力做功-1.8×10-3 J，求：