题目内容
2．在“探究匀变速物体的加速度”实验中，对加速度的测量合理的有（ ）| A． | 任意选择两个计数点的速度，用公式a=$\frac{△v}{△t}$算出 | |
| B． | 根据数据作v-t图象，由图线上较远两点所对应的速度及时间，用公式a=$\frac{△v}{△t}$算出 | |
| C． | 测出从第一个点到所选点的距离和时间，用X=$\frac{1}{2}$at2计算 | |
| D． | 算出第一个和最后一个计数点的速度，再用a=$\frac{△v}{△t}$算出 |
分析 通过题目给出的数据作出速度-时间图象，解出其斜率即是小车的平均加速度；也可以采用逐差法求解平均加速度．
解答 解：AB、在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出v-t图象，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上较远两点所对应的速度及时间，用公式a=$\frac{△v}{△t}$算出加速度，所以误差小，故A错误，B正确；
C、第一个点不一定是抛出点，因此竖直方向速度不一定是零，那么公式X=$\frac{1}{2}$at2计算不适用，故C错误．
D、第一个和最后一个计数点的速度，再用a=$\frac{△v}{△t}$算出，若其中一点速度误差较大，则计算不合理，故D错误．
故选：B．
点评 掌握纸带的处理，会通过纸带求解加速度，关键是匀变速直线运动的推论的运用，在实验中处理数据的方法较多，而图象法往往是一种比较准确的解题方法．
练习册系列答案
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18．关于动能定理，下列说法中正确的是（ ）
| A． | 在某过程中，外力做的总功等于各个力单独做功的绝对值之和 | |
| B． | 只要有力对物体做功，物体的动能就一定改变 | |
| C． | 动能定理只适用于直线运动，不适用于曲线运动 | |
| D． | 动能定理既适用于恒力做功的情况，又适用于变力做功的情况 |
如图所示，有一小球从离地面高为H处自由下落，在下落过程中碰到一个45°的光滑固定斜面与其作完全弹性碰撞．小球撞击斜面处离地面的高度H′=$\frac{H}{2}$时能使小球落地时的水平距离s最远．
小球做直线运动时的频闪照片如图所示，已知频闪周期T=0.1s，小球相邻位置间距（由照片中的刻度尺量得）分别为OA=6.51cm，AB=5.59cm，BC=4.70cm，CD=3.80cm，DE=2.89cm，EF=2.00cm．小球在位置A时速度大小vA=0.605m/s，小球运动的加速度大小a=0.901m/s2．
如图甲所示，一电动机通过光滑定滑轮与一物体相连，启动电动机后物体被竖直吊起．在0～4s时间内物体运动的v-t图象如图乙所示（除t1～t2时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线），其中v1=6m/s，v2=8m/s，t1时刻后电动机的输出功率P=120W保持不变，g=10m/s2，求：
14．如图所示电路，输入与输出间实现的功能是（ ）
| A． | 与 | B． | 或 | C． | 与非 | D． | 或非 |
11．从某一高度处，以不同的初速度同时竖直向上抛出两个小球，则在小球落地之前，下列说法中正确的是（ ）
| A． | 两小球之间的距离保持不变 | B． | 两小球之间的距离逐渐变大 | ||
| C． | 两小球之间的相对速度保持不变 | D． | 两小球之间的相对速度逐渐变大 |
某种型号的电源其路路端电压U和电流I的函数图象如图所示，从图象可知些电源的电动势E=1.5v．内阻是0.5Ω．