题目内容

已知函数f（x）=3x+2- $数学公式$ -（3a+1）lnx （x＞0，实数a为常数）．
（Ⅰ）a=4时求函数f（x）在（ $数学公式$ ，+∞）上的最小值；
（Ⅱ）设 $数学公式$ ，求证：不等式|f（x₁）-f（x₂）|＜|x₁-x₂|对于任意不相等的x₁，x₂∈（ $数学公式$ ，a）都成立．

（Ⅰ）解：a=4时， $\text{[math]}$ ，…（2分）
令f′（x）＜0，可得x∈（ $\text{[math]}$ ），令f′（x）＞0，由于x＞ $\text{[math]}$ ，可得x∈（4，+∞），
∴f（x）在（ $\text{[math]}$ ）上单调递减，在（4，+∞）上单调递增 …（4分）
∴在区间（ $\text{[math]}$ ，+∞）上，当x=4时，f（x）有最小值f（4）=13-26ln2 …（6分）
（Ⅱ）证明：当 $\text{[math]}$ ， $\text{[math]}$ ，∴f（x）在（ $\text{[math]}$ ，a）上单调递减，
不妨设x₁＜x₂，则当x₁，x₂∈（ $\text{[math]}$ ，a）时，f（x₁）＞f（x₂），
故不等式|f（x₁）-f（x₂）|＜|x₁-x₂|等价于f（x₁）+x₁＜f（x₂）+x₂，…（10分）
令函数g（x）=f（x）+x，则g′（x）=f′（x）+1= $\text{[math]}$
再令h（x）=4x²-（3a+1）x+a，对称轴x= $\text{[math]}$ ＜ $\text{[math]}$ （由于a＜ $\text{[math]}$ ），
∵h（ $\text{[math]}$ ）= $\text{[math]}$ ＞0，h（a）=a²＞0，∴h（x）＞0当x∈（ $\text{[math]}$ ，a）时恒成立，
即g′（x）＞0当x∈（ $\text{[math]}$ ，a）时恒成立，所以g（x）在（ $\text{[math]}$ ，a）上为增函数，
所以f（x₁）+x₁＜f（x₂）+x₂，
从而不等式|f（x₁）-f（x₂）|＜|x₁-x₂|对于任意不相等的x₁，x₂∈（ $\text{[math]}$ ，a）都成立． …（15分）
分析：（Ⅰ）求导函数，确定函数的单调性，即可求得函数的最值；
（Ⅱ）先确定f（x）在（ $\text{[math]}$ ，a）上单调递减，不妨设x₁＜x₂，则当x₁，x₂∈（ $\text{[math]}$ ，a）时，f（x₁）＞f（x₂），证明不等式|f（x₁）-f（x₂）|＜|x₁-x₂|，即证f（x₁）+x₁＜f（x₂）+x₂．
点评：本题考查导数知识的运用，考查函数的单调性与最值，考查不等式的证明，考查学生分析解决问题的能力，属于中档题．