Question

设数列{a_n}的前n项和S_n=2a_n+×（-1）ⁿ-，n∈N^*．
（Ⅰ）求a_n和a_n-1的关系式；
（Ⅱ）求数列{a_n}的通项公式；
（Ⅲ）证明：++…+＜，n∈N^*．

Answer 1

解：（Ⅰ）由S_n=2a_n+×（-1）ⁿ-，n=1，2，3，…，①
得S_n-1=2a_n-1+×（-1）^n-1-，n=2，3，…，②
将①和②相减得：，n=2，3，…，
整理得：a_n=2a_n-1+3×（-1）^n-1，n=2，3，…．
（Ⅱ）在已知条件中取n=1得，a₁=2a_1--，∴a₁═2．
∵a_n=2a_n-1+3×（-1）^n-1，∴（-1）ⁿa_n=-2（-1）^n-1a_n-1-3，
∴令b_n=（-1）ⁿa_n得b_n=-2b_n-1-3，n=2，3，…．
∴b_n+1+1=-2（b_n+1），n=1，2，3，…，
∵b₁+1=-1≠0，∴b_n+1=（-1）×（-2）^n-1，n=1，2，3，…，
∴a_n=2^n-1+（-1）^n-1．
（Ⅲ）∵，∴S_2k-1=2^2k-1，S_2k=2^2k-1．
∴++…+=＜．
同理++…+，∴++…+＜，n∈N^*．
分析：（Ⅰ）由S_n=2a_n+×（-1）ⁿ-，n=1，2，3，…，再写一式，两式相减整理可得a_n=2a_n-1+3×（-1）^n-1
（Ⅱ）由（Ⅰ）令b_n=（-1）ⁿa_n得b_n=-2b_n-1-3，构造新数列b_n+1是等比数列，从而可求数列{a_n}的通项公式；
（Ⅲ）由，∴S_2k-1=2^2k-1，S_2k=2^2k-1，再进行分组求和，利用等比数列的求和公式可证．
点评：本题主要考查数列通项公式的求解，考查数列与不等式的综合，有一定的难度．