Question

设函数f（x）=ax³-（a+b）x²+bx+c，其中a＞0，b，c∈R．
（1）若f′(

1

3

)=0，求函数f（x）的单调增区间；
（2）求证：当0≤x≤1时，|f'（x）|≤max{f'（0），f'（1）}．（注：max{a，b}表示a，b中的最大值）

Answer 1

（1）′由f′(

1

3

)=0，得a=b． …（1分）
故f（x）=ax³-2ax²+ax+c．
由f′（x）=a（3x²-4x+1）=0，得x₁=

1

3

，x₂=1．…（2分）列表：

x	（-∞， 1 3 ）	1 3	（ 1 3 ，1）	1	（1，+∞）
f′（x）	+	0	-	0	+
f（x）	增	极大值	减	极小值	增

由表可得，函数f（x）的单调增区间是（-∞，

1

3

）及（1，+∞）．…（4分）
（2）f′（x）=3ax²-2（a+b）x+b=3a(x-

a+b

3a

)2-

a2+b2-ab

3a

．
①当

a+b

3a

≥1，或

a+b

3a

≤0时，则f′（x）在[0，1]上是单调函数，
所以f′（1）≤f′（x）≤f′（0），或f′（0）≤f′（x）≤f′（1），且f′（0）+f′（1）=a＞0．
所以|f′（x）|≤max{f′（0），f′（1）}．…（8分）
②当0＜

a+b

3a

＜1，即-a＜b＜2a，则-

a2+b2-ab

3a

≤f′（x）≤max{f′（0），f′（1）}．
（i） 当-a＜b≤

a

2

时，则0＜a+b≤

3a

2

．
所以  f′（1）-

a2+b2-ab

3a

=

2a2-b2-2ab

3a

=

3a2-(a+b)2

3a

≥

1

4

a2＞0．
所以|f′（x）|≤max{f′（0），f′（1）}． …（12分）
（ii） 当

a

2

＜b＜2a时，则(b-

a

2

)(b-2a)＜0，即a²+b²-

5

2

ab＜0．
所以b-

a2+b2-ab

3a

=

4ab-a2-b2

3a

＞

5 2 ab-a2-b2

3a

＞0，即f′（0）＞

a2+b2-ab

3a

．
所以|f′（x）|≤max{f′（0），f′（1）}．
综上所述：当0≤x≤1时，|f′（x）|≤max{f′（0），f′（1）}．…（16分）