题目内容

已知f（x）=x²，g（x）=lnx，直线l：y=kx+b（常数k、b∈R）使得函数y=f（x）的图象在直线l的上方，同时函数y=g（x）的图象在直线l的下方，即对定义域内任意x，lnx＜kx+b＜x²恒成立．
试证明：
（1）k＞0，且-lnk-1＜b＜- $数学公式$ ；
（2）“ $数学公式$ ＜k＜e”是“lnx＜kx+b＜x²”成立的充分不必要条件．

解：（1）根据题意，得
对任意x，lnx＜kx+b，所以k＞ $\text{[math]}$ …（1分），
因为k、b是常数，所以当x充分大时，lnx＞b，
从而k＞ $\text{[math]}$ ＞0…（2分）．
因为kx+b＜x²即x²-kx-b＞0恒成立，
所以△=（-k）²+4b＜0，得b＜- $\text{[math]}$ …（4分）．
因为lnx＜kx+b即kx+b-lnx＞0恒成立，
设h（x）=kx+b-lnx，则h'（x）=k- $\text{[math]}$ …（5分），
由h'（x）=0得x= $\text{[math]}$ ＞0，
∴0＜x＜ $\text{[math]}$ 时，h'（x）＜0，h（x）单调递减；x＞ $\text{[math]}$ 时时，h'（x）＜0，h（x）单调递增…（7分），
所以h（x）的极小值从而也是最小值为h（ $\text{[math]}$ ）=1+b-ln $\text{[math]}$ =1+b+lnk…（8分），
因为kx+b-lnx＞0恒成立，所以h（ $\text{[math]}$ ）=1+b+lnk＞0，即b＞-lnk-1，从而-lnk-1＜b＜- $\text{[math]}$ 成立；…（9分）．
（2）由（1）知-lnk-1＜- $\text{[math]}$ ，从而 $\text{[math]}$ ＜lnk+1，其中k是正数…（10分），
如图，根据幂函数与对数函数单调性，
可得k应介于曲线f（x）=x²与g（x）=lnx的两个交点的横坐标之间，
设这两个交点横坐标分别为x₁、x₂，且x₁＜x₂．…（11分），
因为k= $\text{[math]}$ 时， $\text{[math]}$ ＜ $\text{[math]}$ =lnk+1，k=e时， $\text{[math]}$ = $\text{[math]}$ ＜2=lnk+1…（13分），
所以（ $\text{[math]}$ ，e）是（x₁，x₂）的真子集，
由此可得：“ $\text{[math]}$ ＜k＜e”是“lnx＜kx+b＜x²”成立的充分不必要条件．…（14分）．
分析：（1）由lnx＜kx+b恒成立，结合对数函数的性质，得k＞0．由kx+b＜x²恒成立，结合根的判别式可得b＜- $\text{[math]}$ ．再根据lnx＜kx+b恒成立，讨论讨论函数h（x）=kx+b-lnx的单调性与最小值，得到h（ $\text{[math]}$ ）=1+b+lnk＞0，从而得原不等式成立．
（2）根据幂函数与对数函数单调性，可得k应介于曲线f（x）=x²与g（x）=lnx的两个交点的横坐标之间．通过计算比较f（ $\text{[math]}$ ）与g（ $\text{[math]}$ ）、f（e）与g（e）的大小，可得区间（ $\text{[math]}$ ，e）恰好位于两交点横坐标之间，从而证出本题的充分不必要条件．
点评：本题给出介于两个函数图象之间的一条线段对应的函数，求证参数的取值范围并证明充分条件，着重考查了基本初等函数、利用导数研究函数的单调性与最值和充分必要条件的证明等知识，属于中档题．