题目内容
蓝藻、绿藻和硅藻是湖泊中常见藻类． 某课题组研究了不同pH对3种藻类的生长及光合作用的影响，实验结果如图1、图2．请回答下列问题：
（1）根据图1和图2分析，3种藻类中pH适应范围最广的是 ；在pH为8.0时，3种藻类中利用CO2 能力最强的是 ．
（2）在培养液中需加入缓冲剂以稳定pH，其原因是 ．
（3）在实验中需每天定时对藻细胞进行取样计数，请回答以下问题：
①取出的样液中需立即加入固定液，其目的是 ．
②在计数前通常需要将样液稀释，这是因为 ．
③将样液稀释100倍，采用血球计数板（规格为1mm伊1mm伊0.1mm）计数，观察到的计数室中细胞分布如图3所示，则培养液中藻细胞的密度是 个/mL．
（1）根据图1和图2分析，3种藻类中pH适应范围最广的是
（2）在培养液中需加入缓冲剂以稳定pH，其原因是
（3）在实验中需每天定时对藻细胞进行取样计数，请回答以下问题：
①取出的样液中需立即加入固定液，其目的是
②在计数前通常需要将样液稀释，这是因为
③将样液稀释100倍，采用血球计数板（规格为1mm伊1mm伊0.1mm）计数，观察到的计数室中细胞分布如图3所示，则培养液中藻细胞的密度是
考点：种群的数量变动,估算种群密度的方法
专题：
分析：分析图1和图2，不同PH条件对3种藻类生长速率和光合作用速率有明显的影响，其中绿藻PH适应范围最广，蓝藻对二氧化碳的利用能力最强．
解答：
解：（1）由图1、图2可知，pH改变后绿藻的生长速率和光合速率变化不大，其次是蓝藻．由图2在pH为8.0时，蓝藻的光合速率最大，故推知其利用CO2能力最强．
（2）藻类植物在光合作用时大量吸收CO2，代谢过程产生一些物质会改变培养液的pH，故培养液中需要加入缓冲剂以稳定PH．
（3）①藻类属于微生物，繁殖速度快，取样后向样液中加入固定液来杀死细胞，维持藻类细胞数目不变；
②由于样液藻类细胞的密度比较高，难以计数，在计数前将样液进行稀释；
③血球计数板规格为1mm×1mm×0.1mm，采用五点取样法，取四角和最中间的5个中方格计数，统计数据时采取“数上不数下，数左不数右”的原则统计压线个体，平均每个中方格内有4个酵母菌．计数区有25个中方格，共计有酵母菌4×25=100个．计数区体积为1mm×1mm×0.1mm=0.1mm3=0.1×10-3 mL，换算成1mL，则有酵母菌100×104个，再乘以稀释倍数100，结果为108个．
故答案为：
（1）绿藻 蓝藻
（2）藻类生长代谢会改变培养液pH
（3）①维持藻细胞数量不变 ②藻细胞密度过大 ③1×108
（2）藻类植物在光合作用时大量吸收CO2，代谢过程产生一些物质会改变培养液的pH，故培养液中需要加入缓冲剂以稳定PH．
（3）①藻类属于微生物，繁殖速度快，取样后向样液中加入固定液来杀死细胞，维持藻类细胞数目不变；
②由于样液藻类细胞的密度比较高，难以计数，在计数前将样液进行稀释；
③血球计数板规格为1mm×1mm×0.1mm，采用五点取样法，取四角和最中间的5个中方格计数，统计数据时采取“数上不数下，数左不数右”的原则统计压线个体，平均每个中方格内有4个酵母菌．计数区有25个中方格，共计有酵母菌4×25=100个．计数区体积为1mm×1mm×0.1mm=0.1mm3=0.1×10-3 mL，换算成1mL，则有酵母菌100×104个，再乘以稀释倍数100，结果为108个．
故答案为：
（1）绿藻 蓝藻
（2）藻类生长代谢会改变培养液pH
（3）①维持藻细胞数量不变 ②藻细胞密度过大 ③1×108
点评：本题考查pH对光合作用的影响以及估算种群密度的方法，意在考查考生理解所学知识的要点，分析实验的能力．
练习册系列答案
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