题目内容
在做测定滑轮组机械效率的实验中，所用装置如图所示．某同学正确测得重物被提升的高度是0.2m，物重是1.2N，其它测量或计算的数据如下：（不计绳重和摩擦）
（1）如果你对该同学的实验记录进行分析，就会发现他的实验结果是违背物理规律的．上表数据中肯定错误的是______和______（填表格中的数据），应改为______和______；根据改正后的
数据计算得此滑轮组的机械效率η1=______．
（2）实验中应该______拉动弹簧秤．滑轮组的机械效率小于1的主要原因是要克服______做额外功．
（3）当用这个装置提起重2N的物体时，其机械效率为η2，则η2______η1（填“＞”“=”或“＜”）．
（4）当动滑轮重为______N时，使用该滑轮组提起2N重的物体刚好不省力．
| 绳自由端所受拉力F | 绳子自由端移动距离S | 有用功W有 | 总功W总 |
| 0.5N | 0.4m | 0.24J | 0.2J |
数据计算得此滑轮组的机械效率η1=______．
（2）实验中应该______拉动弹簧秤．滑轮组的机械效率小于1的主要原因是要克服______做额外功．
（3）当用这个装置提起重2N的物体时，其机械效率为η2，则η2______η1（填“＞”“=”或“＜”）．
（4）当动滑轮重为______N时，使用该滑轮组提起2N重的物体刚好不省力．
（1）分析该同学的实验记录可知：有用功大于总功，而用功应小于总功，所以这一点是违背规律的；
由滑轮组可知：n=3，绳子自由端移动距离s=nh=3×0.2m=0.6m，总功为W总=Fs=0.5N×0.6m=0.3J，故上表数据中肯定错误的是0.4m和0.2J，应改为0.6m和0.3J；
此滑轮组的机械效率η1=
=
=80%．
（2）根据二力平衡知，只有竖直方向匀速拉动弹簧测力计时，拉力才等于弹簧测力计的示数；
在提升物体，不考虑绳重和摩擦时，要克服动滑轮的重力，所以机械效率总小于1．
（3）使用同一滑轮组时，做的额外功不变，增加物重，增大了有用功，则有用功占总功的比例增大，即机械效率变大，故η2＞η1．
（4）若滑轮组不省力时，则有F=G物，
根据F=
（G物+G动）得：G物=
（G物+G动），
所以G动=2G物=2×2N=4N．
故答案为：（1）0.4m；0.2J；0.6m；0.3J；80%；（2）竖直方向匀速；动滑轮的重力；（3）＞；（4）4．
由滑轮组可知：n=3，绳子自由端移动距离s=nh=3×0.2m=0.6m，总功为W总=Fs=0.5N×0.6m=0.3J，故上表数据中肯定错误的是0.4m和0.2J，应改为0.6m和0.3J；
此滑轮组的机械效率η1=
| W有 |
| W总 |
| 0.24J |
| 0.3J |
（2）根据二力平衡知，只有竖直方向匀速拉动弹簧测力计时，拉力才等于弹簧测力计的示数；
在提升物体，不考虑绳重和摩擦时，要克服动滑轮的重力，所以机械效率总小于1．
（3）使用同一滑轮组时，做的额外功不变，增加物重，增大了有用功，则有用功占总功的比例增大，即机械效率变大，故η2＞η1．
（4）若滑轮组不省力时，则有F=G物，
根据F=
| 1 |
| n |
| 1 |
| 3 |
所以G动=2G物=2×2N=4N．
故答案为：（1）0.4m；0.2J；0.6m；0.3J；80%；（2）竖直方向匀速；动滑轮的重力；（3）＞；（4）4．
练习册系列答案
课前课后同步练习系列答案
课堂小作业系列答案
黄冈小状元口算速算练习册系列答案
成功训练计划系列答案
倍速训练法直通中考考点系列答案
一卷搞定系列答案
名校作业本系列答案
相关题目
某同学在做“测定滑轮组机械效率”的实验中（1）他所准备的实验器材有：滑轮，细绳，铁架台，直尺，还需
（2）实验中需要测的物理量有
（3）该同学实验时，记录的数据在表格中，请认真填写所缺少的部分
| 物重/N | 物体提高的高度/m | 弹簧测力计读数/N | 绳自由端拉动距离/m | 有用功/J | 总功/J | 机械效率 |
| 50 | 0.15 | 20 | 0.45 |
（5）实验中弹簧测力计应该
（6）同学乙观察并分析了甲的实验后，认为甲的实验中，可少用一种器材，少测两个数据也能测出滑轮组的机械效率，通过和甲讨论并经过老师的认定，他的方案是可行的，请你分析一下，去掉的器材是什么？少测哪两个数据？
答：去掉
在做测定滑轮组机械效率的实验中，所用装置如图所示．某同学正确测得重物被提升的高度是0.2m，物重是1.2N，其它测量或计算的数据如下：（不计绳重和摩擦）
（2011?贡井区模拟）在做测定滑轮组机械效率的实验中，所用装置如图所示．某同学正确测得重物被提升的高度是0.2m，物重是1.2N，其它测量或计算的数据如下：
某同学在做“测定滑轮组机械效率”的实验中