题目内容
6．甲乙两位同学在学习了滑动摩擦力之后采用完全相同的器材各自设计了两种不同的实验方案来测定滑动摩擦力的大小：
甲方案：模板通过细线与墙相连，通过弹簧测力计水平拉动木块，如图甲所示．
乙方案：木块与弹簧测力计相连，弹簧测力计水平固定与左端墙面处，通过细绳水平拉动木板，如图乙所示．
（1）上述两种方案中，你认为更合理的是乙（填“甲”或“乙”）
（2）在甲方案的实验中，当木块做匀速直线运动时弹簧测力计的读数为2N．在乙方案中，当拉动木板做匀速直线运动时，拉力F乙为6N，则地面对木板的摩擦力大小为4N；若将拉力F乙从6N增大至8N，此时弹簧测力计的读数为2N．
（3）两位同学又通过查阅资料了解到物体所受滑动摩擦力大小与压力成正比，即f=?N（f表示滑动摩擦力、N表示压力，?为动摩擦因素）．若木块的重力为5N，木板的重力为15N，结合（2）中的相关数据可计算出木块与木板件的动摩擦因素为0.4，木板与地面之间的动摩擦因素为0.2．
分析 （1）木块做匀速直线运动时受平衡力，根据二力平衡条件可以求出摩擦力大小；分析图示实验装置，然后答题；
（2）滑动摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关，与拉动的速度等无关，结合实验中的操作情况可做出判断；
（3）根据f=μFN求得摩擦因数．
解答 解：
（1）方案甲：用弹簧测力计水平拉动木块，当木块做匀速直线运动时，木块处于平衡状态，拉力与摩擦力是一对平衡力，由平衡条件可知，摩擦力等于测力计拉力，因此实验时应控制木块做匀速直线运动；
方案乙：拉动木板，木块静止，木块处于平衡状态，木块受到的拉力都等于测力计的拉力，实验时不需要控制木板做匀速直线运动，便于实验操作，同时测力计是静止的，便于对测力计读数；
因此，更合理的是方案乙；
（2）在甲方案的实验中，当木块做匀速直线运动时，摩擦力与拉力是一对平衡力，此时弹簧测力计的读数为2N，说明摩擦力为2N；
在乙方案中，当拉动木板做匀速直线运动时，拉力F乙为6N，是因为木板同时受到木块和地面的摩擦力，而木块与木板间的压力、接触面粗糙程度均不变，所以摩擦力不变，即木块对木板的摩擦力仍为2N．此时，地面对木板的摩擦力为6N-2N=4N；
若将拉力F乙从6N增大至8N，此时弹簧测力计的读数仍不变，还是2N；
（3）木块与木板件的动摩擦因素为μ=$\frac{f}{{F}_{N}}$=$\frac{2N}{5N}$=0.4；
木板与地面之间的动摩擦因素为μ′=$\frac{f′}{{F}_{N}′}$=$\frac{4N}{5N+15N}$=0.2．
故答案为：（1）乙；（2）4；2；（3）0.4；0.2．
点评 了解探究滑动摩擦力的实验中二力平衡条件的运用，知道摩擦力大小的影响因素，会根据实验的操作进行判断，是解答的关键．
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| A． | 动能减少，重力势能增加，机械能不变 | |
| B． | 动能增加，重力势能减少，机械能不变 | |
| C． | 动能增加，重力势能增加，机械能不变 | |
| D． | 动能增加，重力势能增加，机械能增加 |
9．
某实验小组按照课本要求探究并联电路中电流的关系，他们设计的电路如图1所示．把电流表分别接入到电路中的A、B、C处，测出它们的电流，填入下表：
（1）若电流表连入电路前出现图2所示的现象，接下来应该进行的操作是调零；实验时，开关闭合后出现图2所示的实验现象，原因是电流表正、负接线柱接反了；
（2）表格设计存在的问题是表格中物理量没有注明单位．所记录的数据中，明显错误的数据是1.50，造成错误的原因是电流表使用的是小量程，读数时按大量程读数（或读数时读错量程）．
（3）在某次实验接线时，小明接好最后一根线，电流表指针就发生偏转，原因是连接电路过程中，开关没有断开．
（4）在第三次实验中测C处电流时应注意电流表要换用大量程．
某实验小组按照课本要求探究并联电路中电流的关系，他们设计的电路如图1所示．把电流表分别接入到电路中的A、B、C处，测出它们的电流，填入下表：| 次数 | Ia | Ib | Ic |
| 1 | 0.10 | 0.20 | 1.50 |
| 2 | 0.20 | 0.30 | 0.50 |
| 3 | 0.32 | 0.40 | 0.72 |
（2）表格设计存在的问题是表格中物理量没有注明单位．所记录的数据中，明显错误的数据是1.50，造成错误的原因是电流表使用的是小量程，读数时按大量程读数（或读数时读错量程）．
（3）在某次实验接线时，小明接好最后一根线，电流表指针就发生偏转，原因是连接电路过程中，开关没有断开．
（4）在第三次实验中测C处电流时应注意电流表要换用大量程．
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如图所示为小红同学探究平面镜成像特点的实验装置图，她将一块玻璃板竖直架在一把直尺的上面，并保持 玻璃板与直尺垂直，再取两根完全相同的蜡烛A和B分别竖直置于玻璃板两端的直尺上，点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察和调整．