题目内容
一透明的敞口正方体容器ABCD-A′B′C′D′装有一些液体，棱AB始终在水平桌面上，容器底部的倾斜角为α（∠CBE=α，如图1所示）．探究 如图1，液面刚好过棱CD，并与棱BB′交于点Q，此时液体的形状为直三棱柱，其三视图及尺寸如图2所示．
解决问题：
（1）CQ与BE的位置关系是______，BQ的长是______dm；
（2）求液体的体积；（参考算法：直棱柱体积V液=底面积S△BCQ×高AB）
（3）求α的度数．（注：sin49°=cos41°=
，tan37°=）
拓展：在图1的基础上，以棱AB为轴将容器向左或向右旋转，但不能使液体溢出，图3或图4是其正面示意图．若液面与棱C′C或CB交于点P，设PC=x，BQ=y．分别就图3和图4求y与x的函数关系式，并写出相应的α的范围．
延伸：在图4的基础上，于容器底部正中间位置，嵌入一平行于侧面的长方形隔板（厚度忽略不计），得到图5，隔板高NM=1dm，BM=CM，NM⊥BC．继续向右缓慢旋转，当α=60°时，通过计算，判断溢出容器的液体能否达到4dm3．
解：（1）CQ∥BE，BQ=
=3；
（2）V液=
×3×4×4=24（dm3）；
（3）在Rt△BCQ中，tan∠BCQ=，
∴α=∠BCQ=37°．
当容器向左旋转时，如图3，0°≤α≤37°，
∵液体体积不变，
∴（x+y）×4×4=24，
∴y=-x+3．
当容器向右旋转时，如图4．同理可得：y=
；
当液面恰好到达容器口沿，即点Q与点B′重合时，如图5，
由BB′=4，且PB•BB′×4=24，得PB=3，
∴由tan∠PB′B=，得∠PB′B=37°．
∴α=∠B′PB=53°．此时37°≤α≤53°；
延伸：当α=60°时，如图6所示，设FN∥EB，GB′∥EB，过点G作GH⊥BB′于点H．
在Rt△B′GH中，GH=MB=2，∠GB′B=30°，
∴HB′=2
．
∴MG=BH=4-2＜MN．
此时容器内液体形成两层液面，液体的形状分别是以Rt△NFM和直角梯形MBB′G为底面的直棱柱．
∵S△NFM+SMBB′G=×
×1+（4-2+4）×2=8-
．
∴V溢出=24-4（8-）=
-8＞4（dm3）．
∴溢出液体可以达到4dm3．
分析：（1）根据水面与水平面平行可以得到CQ与BE平行，利用勾股定理即可求得BQ的长；
（2）液体正好是一个以△BCQ是底面的直棱柱，据此即可求得液体的体积；
（3）根据液体体积不变，据此即可列方程求解；
延伸：当α=60°时，如图6所示，设FN∥EB，GB′∥EB，过点G作GH⊥BB′于点H，此时容器内液体形成两层液面，液体的形状分别是以Rt△NFM和直角梯形MBB′G为底面的直棱柱，求得棱柱的体积，即可求得溢出的水的体积，据此即可作出判断．
点评：本题考查了四边形的体积计算以及三视图的认识，正确理解棱柱的体积的计算是关键．
=3；（2）V液=
×3×4×4=24（dm3）；（3）在Rt△BCQ中，tan∠BCQ=
，∴α=∠BCQ=37°．
当容器向左旋转时，如图3，0°≤α≤37°，
∵液体体积不变，
∴
（x+y）×4×4=24，∴y=-x+3．
当容器向右旋转时，如图4．同理可得：y=
；当液面恰好到达容器口沿，即点Q与点B′重合时，如图5，
由BB′=4，且
PB•BB′×4=24，得PB=3，∴由tan∠PB′B=
，得∠PB′B=37°．∴α=∠B′PB=53°．此时37°≤α≤53°；
延伸：当α=60°时，如图6所示，设FN∥EB，GB′∥EB，过点G作GH⊥BB′于点H．
在Rt△B′GH中，GH=MB=2，∠GB′B=30°，
∴HB′=2
．∴MG=BH=4-2
＜MN．此时容器内液体形成两层液面，液体的形状分别是以Rt△NFM和直角梯形MBB′G为底面的直棱柱．
∵S△NFM+SMBB′G=
××1+（4-2+4）×2=8-．∴V溢出=24-4（8-
）=-8＞4（dm3）．∴溢出液体可以达到4dm3．
分析：（1）根据水面与水平面平行可以得到CQ与BE平行，利用勾股定理即可求得BQ的长；
（2）液体正好是一个以△BCQ是底面的直棱柱，据此即可求得液体的体积；
（3）根据液体体积不变，据此即可列方程求解；
延伸：当α=60°时，如图6所示，设FN∥EB，GB′∥EB，过点G作GH⊥BB′于点H，此时容器内液体形成两层液面，液体的形状分别是以Rt△NFM和直角梯形MBB′G为底面的直棱柱，求得棱柱的体积，即可求得溢出的水的体积，据此即可作出判断．
点评：本题考查了四边形的体积计算以及三视图的认识，正确理解棱柱的体积的计算是关键．
练习册系列答案
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，tan37°＝
，tan37°＝
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