摘要:2.X.Y.Z.W.R是5种短周期元素.其原子序数依次增大.X是周期表中原子半径最小的元素.Y原子最外层电子数是次外层电子数的3倍.Z.W.R处于同一周期.R与Y处于同一族.Z.W原子的核外电子数之和与Y.R原子的核外电子数之和相等.下列说法正确的是: A.元素Y.Z.W具有相同电子层的离子.其半径依次增大 B.元素X不能与元素Y形成化合物X2Y2 C.元素Y.R分别与元素X形成的化合物的热稳定性:XmY> XmR D.元素W.R的最高价氧化物的水化物都是强酸 [解析]根据题意判断出5种元素分别是: X:H.Y:O.Z:Na.W:Al.R:S, A中的离子半径是依次减小的.所以错误, X能与Y形成化合物H2O2 .所以B错误, Al最高价氧化物的水化物是Al(OH)3.属于两性氢氧化物.所以D错误, [答案]C [考点分析]本题考查原子结构.元素的推断.元素周期律等知识.
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(2009?江苏)医用氯化钙可用于生产补钙、抗过敏和消炎等药物.以工业碳酸钙(含有少量Na+、Al3+、Fe3+等杂志)生产医药级二水合氯化钙(CaCl2?2H2O的质量分数为97.0%~103.0%)的主要流程如下:
(1)除杂操作是加入氢氧化钙,调节溶液的pH为8.0~8.5,以出去溶液中的少量Al3+、Fe3+.检验Fe(OH)3是否沉淀完全的试验操作是
(2)酸化操作是加入盐酸,调节溶液的pH约为4.0,其目的有:①将溶液中的少量Ca(OH)2转化为CaCl2; ②防止Ca2+在蒸发时水解;③
(3)测定样品中Cl-含量的方法是:a.称取0.7500g样品,溶解,在250mL容量瓶中定容;b.量取25.00mL待测溶液于锥形瓶中;c.用0.05000mol?L-1AgNO3溶液滴定至终点,消耗AgNO3溶液体积的平均值为20.39mL.
①上述测定过程中需要溶液润洗的仪器有
②计算上述样品中CaCl2?2H2O的质量分数为
③若用上述办法测定的样品中CaCl2?2H2O的质量分数偏高(测定过程中产生的误差可忽略),其可能原因有
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(1)除杂操作是加入氢氧化钙,调节溶液的pH为8.0~8.5,以出去溶液中的少量Al3+、Fe3+.检验Fe(OH)3是否沉淀完全的试验操作是
取少量上层清液,滴加KSCN溶液,若不出现血红色,则表明Fe(OH)3沉淀完全.
取少量上层清液,滴加KSCN溶液,若不出现血红色,则表明Fe(OH)3沉淀完全.
.(2)酸化操作是加入盐酸,调节溶液的pH约为4.0,其目的有:①将溶液中的少量Ca(OH)2转化为CaCl2; ②防止Ca2+在蒸发时水解;③
防止溶液吸收空气中CO2
防止溶液吸收空气中CO2
.(3)测定样品中Cl-含量的方法是:a.称取0.7500g样品,溶解,在250mL容量瓶中定容;b.量取25.00mL待测溶液于锥形瓶中;c.用0.05000mol?L-1AgNO3溶液滴定至终点,消耗AgNO3溶液体积的平均值为20.39mL.
①上述测定过程中需要溶液润洗的仪器有
酸式滴定管
酸式滴定管
.②计算上述样品中CaCl2?2H2O的质量分数为
99.9%
99.9%
.③若用上述办法测定的样品中CaCl2?2H2O的质量分数偏高(测定过程中产生的误差可忽略),其可能原因有
样品中存在少量的NaCl
样品中存在少量的NaCl
;少量的CaCl2.2H2O失水
少量的CaCl2.2H2O失水
.(2009?江苏)A.生物质能是一种洁净、可再生的能源.生物质气(主要成分为CO、CO2、H2等)与H2混合,催化合成甲醇是生物质能利用的方法之一.
(1)上述反应的催化剂含有Cu、Zn、Al等元素.写出基态Zn原子的核外电子排布式
(2)根据等电子原理,写出CO分子结构式
(3)甲醇催化氧化可得到甲醛,甲醛与新制Cu(OH)2的碱性溶液反应生成Cu2O沉淀.
①甲醇的沸点比甲醛的高,其主要原因是
②甲醛分子的空间构型是
③在1个Cu2O晶胞中(结构如图所示),所包含的Cu原子数目为
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(1)上述反应的催化剂含有Cu、Zn、Al等元素.写出基态Zn原子的核外电子排布式
1s22s22p63s23p63d104s2或[Ar]3d104s2
1s22s22p63s23p63d104s2或[Ar]3d104s2
.(2)根据等电子原理,写出CO分子结构式
C≡O
C≡O
.(3)甲醇催化氧化可得到甲醛,甲醛与新制Cu(OH)2的碱性溶液反应生成Cu2O沉淀.
①甲醇的沸点比甲醛的高,其主要原因是
甲醇分子之间形成氢键
甲醇分子之间形成氢键
;甲醛分子中碳原子轨道的杂化类型为sp2杂化
sp2杂化
.②甲醛分子的空间构型是
平面三角形
平面三角形
;1mol甲醛分子中σ键的数目为3NA
3NA
.③在1个Cu2O晶胞中(结构如图所示),所包含的Cu原子数目为
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