以的角度匀速转动.电阻R1和R2的——青夏教育精英家教网——

摘要：以的角度匀速转动.电阻R1和R2的

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题号

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12

答案

C

D

C

ACD

D

A

B

D

BCD

ACD

BD

AC

13.(1) ①从该时刻经，质点M恰经过平衡位置，所以位移为0。②该时刻。振动增强的点是：M、O、P、Q；振动减弱的点是：N。 (2) C

14．（10分）（1）a.干电池正常；b.电键正常；c.闭合天关关回路是连通的，没有断路之处。（3分）（每答对一点得1分）；

（2）ACF（3分）（有一处错误即不给分）

（3）由于灯丝的电阻率随温度的升高而增大，欧姆表测出的小灯泡电阻值是常温下的电阻值，而根据公式计算出的小灯泡电阻值是高温下（正常工作）的电阻值。（3分，每答对一点得1分）（4）H（3分）

15. （10分）（1）刻度尺; （1分）

（2）把木板的末端垫起适当高度

以平衡摩擦力（2分）

（3）点距均匀(1分)

（4）2W、3W、4W、5W(2分)

（5）v²（1分）；图像 (2分)

（6）分析误差来源或改进试验

方案或测量手段，重新进行试验（1分）；

若答：“修改试验数据数据，

使之符合自己的推测”得0分；

16.（1）分析：要求了解光电效应的规律及光子说理论。

解答：由爱因斯坦光电效应方程可得：

=W+m ∴=1.9+1.0=2.9eV=2.9×1.6×10^―19J

∴λ==4.3×10^―7 m

(2)评析:（1）输电线的电阻为： ①

P_损=P₁×4% ②

P_损=I² R ③

P₂=P₁ ④

P₂=I₂U₂ ⑤

由①②③④⑤式得升压变压器的输出电压：U₂=80000V ⑥

(2) 输电线上的电压的损失：U_损=I₂R=3200V ⑦

17．（14分）分析和解：（1）带电粒子经过电场加速，进入偏转磁场时速度为v，由动能定理

　　　…………………①（1分）

进入磁场后带电粒子做匀速圆周运动，轨道半径为r

………………②（2分）

打到H点有　　　　………………………③（1分）

由①②③得　…………(1分)

（2）要保证所有粒子都不能打到MN边界上，粒子在磁场中运动偏角小于90°，临界状态为90°，如图所示，磁场区半径

　　　　　　　　　　　　（2分）

　所以磁场区域半径满足　　　（1分）

18．(14分) 解：（1）设小球经过B点时的速度大小为v_B，由机械能守恒得：

（1分）

求得：v_B=10m/s. （1分）

（2）设小球经过C点时的速度为v_C，对轨道的压力为N，则轨道对小球的压力N’=N，根据牛顿第二定律可得：

N’－mg = （2分）

由机械能守恒得：

（2分）

由以上两式及N’= N求得：N = 43N. （2分）

（3）设小球受到的阻力为f，到达S点的速度为v_S，在此过程中阻力所做的功为W，易知v_D= v_B，由动能定理可得：

（2分）

求得W=－68J. （2分）

小球从D点抛出后在阻力场区域内的运动轨迹不是抛物线．（2分）

19.（16分）（1）由题意可知：板1为正极，板2为负极 ①

　　两板间的电压U＝　　 ②

而：S＝πr²　　　　　　　　　　　　　　　③

带电液滴受的电场力：F＝qE=　　　　　　　　　　　　 ④

故：F－mg＝－mg＝ma

a=－g 　　⑤

讨论：

一．若　a>0

液滴向上偏转，做类似平抛运动

y＝　　　　　　　　　　　　　　　　　⑥

当液滴刚好能射出时：

有　l＝v₀t t＝　　y＝d　

故　d= 　　⑦

由②③⑦得　　K₁＝⑧

要使液滴能射出，必须满足　y<d 故　K＜K₁

二．若　a＝0

液滴不发生偏转，做匀速直线运动，此时　a=－g＝0　　　　⑨

由②③⑨得　K₂＝　　　　　　　　　　　　　　　　　　⑩

液滴能射出，必须满足K＝K₂

三．若　a<0,、，液滴将被吸附在板2上。

综上所述：液滴能射出，

（2）B＝B₀＋Kt

当液滴从两板中点射出进，满足条件一的情况，则

用替代⑧式中的d

　　　　　　　　　　　　　　　　　　　12

即　　　　　　　　　　　　　　　 13

20．（16分）⑴木块和木盒分别做匀减速运动，加速度大小分别为：a_A= μ_Ag = 1m/s²

a_B= μ_Bg = 2m/s² 设经过时间T发生第一次碰撞则有：

L－l = S_A－S_B= V₀T－代入数据得：T = 2s （2分）

⑵碰前木块和木盒的速度分别为：V_A′=V₀-a_AT=16m/s V_B′=V₀-a_BT=14m/s

相碰过程动量守恒有：mv_A′+mv_B′= mv_A+mv_B

代入数据得： v_A=v_B′=14m/s 方向向右（2分）

v_B= v_A′=16m/s 方向向右（2分）

⑶设第一次碰撞后又经过T₁时间，两者在左端相遇有： L－l = S_B－S_A

S_B= v_B T₁－ S_A= v_A T₁－代入数据得；T₁=T=2s （2分）

在左端相碰前：木块、木盒速度分别为：m/s m/s

可见木块、木盒经过时间t₁=2T在左端相遇接触时速度恰好相同（2分）

同理可得：木块、木盒经过同样时间t₂= 2T，第二次在左端相遇 m/s

木块、木盒第三次又经过同样时间t₃=2T在左端相遇，速度恰好为零。由上可知：木块、木盒，最后能同时停止运动（2分）

经历的时间：t_总= 6T = 12s （2分）

(4)由⑵归纳可知：v₀= 6K(K取：1，2，3……) （2分）

如图所示，半径为L₁=2m的金属圆环内上、下两部分各有垂直圆环平面的有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B₁=

T．长度也为L₁、电阻为R的金属杆ab，一端处于圆环中心，另一端恰好搭接在金属环上，绕着a端做逆时针方向的匀速转动，角速度为ω=

rad/s．通过导线将金属杆的a端和金属环连接到图示的电路中（连接a端的导线与圆环不接触，图中的定值电阻R₁=R，滑片P位于R₂的正中央，R₂=4R），图中的平行板长度为L₂=2m，宽度为d=2m．当金属杆运动到图示位置时，在平行板左边缘中央处刚好有一带电粒子以初速度v_o=0.5m/s向右运动，并恰好能从平行板的右边缘飞出，之后进入到有界匀强磁场中，其磁感应强度大小为B₂=2T，左边界为图中的虚线位置，右侧及上下范围均足够大．（忽略金属杆与圆环的接触电阻、圆环电阻及导线电阻，忽略电容器的充放电时间，忽略带电粒子在磁场中运动时的电磁辐射等影响，不计平行金属板两端的边缘效应及带电粒子的重力和空气阻力．提示：导体棒以某一端点为圆心匀速转动切割匀强磁场时产生的感应电动势为E=

）试分析下列问题：
（1）从图示位置开始金属杆转动半周期的时间内，两极板间的电势差U_MN；
（2）带电粒子飞出电场时的速度方向与初速度方向的夹角θ；
（3）带电粒子在电磁场中运动的总时间t_总．

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如图所示，交流发电机线圈的面积为0．05m²，共100匝。该线圈在磁感应强度为T的匀强磁场中，以10πrad／s的角速度匀速转动，电阻R_l和R₂的阻值均为50，线圈的内阻忽略不计，若从图示位置开始计时，则（）

A．线圈中的电动势为e=50 sin l0πt V

B．电流表的示数为1 A

C．电压表的示数为25 V

D．R₁上消耗的电功率为50W

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如图所示，交流发电机线圈的面积为0.05 m²，共100匝．该线圈在磁感应强度为T的匀强磁场中，以10πrad/s的角速度匀速转动，电阻R₁和R₂的阻值均为50 Ω，线圈的内阻忽略不计，若从图示位置开始计时，则

A．线圈中的电动势为e＝50sin10πtV

B．电流表的示数为A

C．电压表的示数为50V

D．R₁上消耗的电功率为50 W

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如图所示，交流发电机线圈的面积为0.05m²，共100匝。该线圈在磁感应强度为的匀强磁场中，以10的角速度匀速转动，电阻R₁和R₂的阻值均为50Ω，线圈的内阻忽略不计，若从图示位置开始计时，则：

（1）写出电压的瞬时值的表达式？
（2）电流表的示数是多少？
（3）上消耗的电功率为多少？

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如图所示，交流发电机线圈的面积为0.05m²，共100匝。该线圈在磁感应强度为的匀强磁场中，以10的角速度匀速转动，电阻R₁和R₂的阻值均为50Ω，线圈的内阻忽略不计，若从图示位置开始计时，则：

（1）写出电压的瞬时值的表达式？

（2）电流表的示数是多少？

（3）上消耗的电功率为多少？

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