题号

1

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3

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5

6

7

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10

11

12

答案

C

D

C

ACD

D

A

B

D

BCD

ACD

BD

AC

13.(1) ①从该时刻经，质点M恰经过平衡位置，所以位移为0。②该时刻。振动增强的点是：M、O、P、Q；振动减弱的点是：N。  (2) C

14．（10分）（1）a.干电池正常；b.电键正常；c.闭合天关关回路是连通的，没有断路之处。（3分）（每答对一点得1分）；

   （2）ACF（3分）  （有一处错误即不给分）

   （3）由于灯丝的电阻率随温度的升高而增大，欧姆表测出的小灯泡电阻值是常温下的电阻值，而根据公式计算出的小灯泡电阻值是高温下（正常工作）的电阻值。（3分，每答对一点得1分）      （4）H（3分）

15. （10分）（1）刻度尺;   （1分）

（2）把木板的末端垫起适当高度

以平衡摩擦力 （2分）

（3）点距均匀(1分)

（4）2W、3W、4W、5W(2分)

（5）v²（1分）；图像 (2分)

（6）分析误差来源或改进试验

方案或测量手段，重新进行试验（1分）；

若答：“修改试验数据数据，

使之符合自己的推测”得0分；

16.（1）分析：要求了解光电效应的规律及光子说理论。

解答：由爱因斯坦光电效应方程可得：

=W+m                 ∴=1.9+1.0=2.9eV=2.9×1.6×10^―19J

∴λ==4.3×10^―7 m

 (2)评析:（1） 输电线的电阻为：      ①        

P_损=P₁×4%                                           ②        

P_损=I² R                                              ③     

P₂=P₁                                                 ④     

P₂=I₂U₂                                               ⑤      

由①②③④⑤式得升压变压器的输出电压：U₂=80000V      ⑥     

(2)  输电线上的电压的损失：U_损=I₂R=3200V              ⑦  

17．（14分）分析和解：（1）带电粒子经过电场加速，进入偏转磁场时速度为v，由动能定理

   　　　…………………①（1分）

进入磁场后带电粒子做匀速圆周运动，轨道半径为r

………………②（2分）

   打到H点有　　　　………………………③（1分）

由①②③得　…………(1分)

（2）要保证所有粒子都不能打到MN边界上，粒子在磁场中运动偏角小于90°，临界状态为90°，如图所示，磁场区半径

　　　　　　　　　　　　（2分）

　所以磁场区域半径满足　　　（1分）

18．(14分) 解：（1）设小球经过B点时的速度大小为v_B，由机械能守恒得：

            （1分）

        求得：v_B=10m/s.        （1分）

（2）设小球经过C点时的速度为v_C，对轨道的压力为N，则轨道对小球的压力N’=N，根据牛顿第二定律可得：

 N’－mg =     （2分）

由机械能守恒得：

     （2分）

由以上两式及N’= N求得：N = 43N.      （2分）

（3）设小球受到的阻力为f，到达S点的速度为v_S，在此过程中阻力所做的功为W，易知v_D= v_B，由动能定理可得：

    （2分）

求得W=－68J. （2分）

小球从D点抛出后在阻力场区域内的运动轨迹不是抛物线．（2分）

19.（16分） （1）由题意可知：板1为正极，板2为负极                  ①

　　两板间的电压U＝                   　　 ②

而：S＝πr²　　　　　　　　　　　　　 　 　③

带电液滴受的电场力：F＝qE=　　　　　　　　　　 　　 ④

故：F－mg＝－mg＝ma

a=－g                                            　　⑤

讨论：

一．若　a>0

液滴向上偏转，做类似平抛运动

y＝ 　　　　　　　　　　　　　　　　　⑥

当液滴刚好能射出时：

有　l＝v₀t   t＝　　y＝d　

故　d=                        　　⑦

由②③⑦得　　K₁＝    ⑧

 要使液滴能射出，必须满足　y<d    故　K＜K₁

二．若　a＝0

液滴不发生偏转，做匀速直线运动，此时　a=－g＝0　　　　⑨

由②③⑨得　K₂＝　　　　　　　　　　　　　　　　　　⑩

液滴能射出，必须满足K＝K₂

三．若　a<0,、，液滴将被吸附在板2上。

综上所述：液滴能射出，

（2）B＝B0＋Kt 当液滴从两板中点射出进，满足条件一的情况，则 用替代⑧式中的d 　　　　　　　　　　　　　　　　　　  　12 即　　　　　　　　　　　　　　　   13 20．（16分）⑴木块和木盒分别做匀减速运动，加速度大小分别为：aA = μAg = 1m/s2                                         aB = μBg = 2m/s2    设经过时间T发生第一次碰撞  则有： L－l = SA－SB = V0T－   代入数据得：T = 2s          （2分） ⑵碰前木块和木盒的速度分别为：VA′=V0-aAT=16m/s    VB′=V0-aBT=14m/s 相碰过程动量守恒有：mvA′+mvB′= mvA+mvB      代入数据得： vA=vB′=14m/s  方向向右                                     （2分）   vB = vA′=16m/s  方向向右                                               （2分） ⑶设第一次碰撞后又经过T1时间，两者在左端相遇有： L－l = SB－SA      SB= vB T1－    SA= vA T1－    代入数据得；T1=T=2s           （2分） 在左端相碰前：木块、木盒速度分别为：m/s   m/s 可见木块、木盒经过时间t1=2T在左端相遇接触时速度恰好相同               （2分） 同理可得：木块、木盒经过同样时间t2 = 2T，第二次在左端相遇 m/s 木块、木盒第三次又经过同样时间t3=2T在左端相遇，速度恰好为零。由上可知：木块、木盒，最后能同时停止运动                                              （2分） 经历的时间：t总= 6T = 12s                                                 （2分） (4)由⑵归纳可知：v0 = 6K(K取：1，2，3……)                                    （2分）         如图所示的电路中，电池的电动势为E，内阻为r，电路中的电阻R1、R2和R3的阻值都相同．在电键S处于闭合状态下，若将电键S1由位置1切换到位置2，则下列判断中正确的是（　　） A．电压表的示数变大 B．电阻R2两端的电压变大 C．电池内阻消耗的功率变大 D．电源的总功率变大 查看习题详情和答案>> 如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（　　） A．I1变大，I2变小 B．I1变大，I2变大 C．I1变小，I2变大 D．I1变小，I2变小 查看习题详情和答案>> 如图所示的电路中，电池的电动势为 E，内阻为 r，电路中的电阻 R1、R2 和 R3 的阻值都相同．在电键 S处于闭合状态下，若将电键 S1 由位置 1切换到位置 2，则（　　） A．电压表的示数变大 B．电池内部消耗的功率变大 C．电池的效率变大 D．电阻 R2 两端的电压变小 查看习题详情和答案>> 如图所示的电路中，电池的电动势为E，内阻为r，R1和R2是两个定值电阻，当可变电阻R（R＞R1）的滑片由b向a端移动时，则下列说法中正确的是（　　） A．电压表V的示数变大 B．电压表V的示数先变大后变小 C．电流表A的示数变大 D．电流表A的示数先变大后变小 查看习题详情和答案>> 如图所示的电路中，电池的电动势E=5V，内电阻r=10Ω，固定电阻R=90Ω，R0是可变电阻．在R0 由零增加到 400Ω的过程中，以下说法中正确的是（　　） A．当可变电阻R0=0Ω时，整个电路消耗的电功率最大 B．当可变电阻R0=0Ω时，固定电阻R消耗的电功率最小 C．当可变电阻R0=100Ω时，可变电阻R0消耗的电功率最大 D．当可变电阻R0=400Ω时，电源的效率（电源的输出功率与电源释放的总功率的比值）最大 查看习题详情和答案>> 关 闭 试题分类 高中 数学英语物理化学生物地理 初中 数学英语物理化学生物地理 小学 数学英语 其他 阅读理解答案已回答习题未回答习题题目汇总试卷汇总