2009年高考考前强化训练(四)

一、选择题

1.在同一高度处,将完全相同的两个小球分别水平抛出和自由释放,不计空气阻力。则两球运动过程中

A.动能变化相同,动量变化不相同

B. 动能变化不相同,动量变化相同

C. 动能变化和动量变化都相同

D.动能变化和动量变化都不相同

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2.2003年10月15日至16日,我国航天员杨利伟成功完成我国首次载人航天飞行。整个过程中,神州五号载人飞船经历了竖直向上发射升空阶段、进入椭圆轨道绕地球飞行阶段、在圆轨道绕地球飞行阶段和返回地球的向下减速阶段。在以上四个阶段中,航天员所经历的运动状态,下列说法中正确的是

A.超重、完全失重、完全失重、超重

B. 超重、完全失重、完全失重、失重

C. 失重、完全失重、完全失重、超重

D.失重、完全失重、完全失重、失重

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3.为了解决日益紧迫的能源问题,科学家们正在研究在地球同步轨道上建造太阳能电站。用铺满太阳能硅电池的太阳能收集板把太阳能转化为电能,然后用微波转换器把电能转换为微波,并通过天线将微波向地面上的固定接收站发送,地面接收站再把微波转换成交流电。下列说法正确的是

A.太空电站的位置选在地球同步轨道上,主要是为了离开大气层以便更好地接收太阳能

B. 太空电站位置选在地球同步轨道上,主要是为了与地面保持相对静止,以便向地面接收站发送微波

C. 微波的波长比可见光波长短,容易发生衍射,可以使传送能量不受阴雨天的影响

D.微波的频率和市用交流电的频率差不多,可以使地面接收站设备比较简单

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4.竖直平面内固定一内壁光滑半径为r的圆形细弯管,如图所示。管内有一质量为m,直径很小的小球(可视为质点)做圆周运动,小球在最高点时,恰与管壁无相互作用力,则小球通过最低点时的速度大小为

A.   B.   C.   D.

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5.一列简谐横波沿x轴传播,它在t=0时的波动图像如图甲所示,下面分析正确的是

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A.


如果这列波是沿+x方向传播的,则乙图是甲图中质点a的振动图像

B. 如果这列波是沿+x方向传播的,则乙图是甲图中质点b的振动图像

C. 如果这列波是沿-x方向传播的,则乙图是甲图中质点c的振动图像

D.如果这列波是沿-x方向传播的,则乙图是甲图中质点d的振动图像

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6.一导热性能良好开口向下的气缸,气缸固定不动,缸内活塞可无摩擦地自由滑动且不漏气,封有一定质量的气体。活塞下挂一个小沙桶,桶中装满沙子时,活塞恰好静止,如图所示。现在沙桶的底部钻一个小孔,使沙子缓慢流出,当外部环境温度保持不变时,在沙子流出的过程中有以下说法

①缸内气体的压强增大

②缸内气体向外界放热

③缸内气体分子的平均动能增大

④缸内气体的分子势能增大

以上说法中正确的是

A.只有①   B.只有①②   C.只有①②③   D.①②③④

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7.真空中A、B两个点电荷,分别带有+2QQ的电量,直线MNAB连线的中垂线,如图所示。C、D在直线MN上且DMNAB的交点,则关于C、D两点的场强EC、ED和电势fCfD的大小关系,下列说法中正确的是

A.ECED   fCfD

B.ECED   fCfD

C.ECED   fCfD

D.ECED   fCfD

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8.一个质子和一个中子结合生成一个氘核,若它们的质量分别是m1、m2、m3,则

  A.由于反应前后质量数不变,所以m1+m2=m3

  B.由于反应时释放了能量,所以m1+m2>m3

  C.由于反应在高温高压下进行,从而吸收能量,所以m1+m2<m3

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  D.反应时产生频率为的光子(式中c是光速、h是普朗克恒量)

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9、一群处于n = 3激发态的氢原子发生跃迁,发出的一束光以入射角θ照射到一平行玻璃砖A上,经玻璃砖又照到一块金属板B上,如图所示,则下列说法中正确的是

A.入射光经玻璃砖A后会分成相互平行的三束光线

B.从n = 3直接跃迁到基态发出的光经玻璃砖A后的出射光线与入射光线间的距离最大

C.经玻璃砖A后有些光子的能量将减小,有些光在玻璃砖的下表面可能产生全反射

D.若从n = 3能级跃迁到n = 2能级放出的光子刚好能使金属板B发生光电效应,则从n = 2能级跃迁到基态放出的光子一定能使金属板B发生光电效应

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10.如图所示,质量为10kg的物体A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端,弹簧的拉力为5N时,物体A 处于静止状态,若小车以1m/s2的加速度向右运动后,则(g=10m/s2

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A.物体A相对小车仍然静止          

B.物体A受到的摩擦力减小

C.物体A受到的摩擦力大小不变     

D.物体A受到的弹簧拉力增大

第Ⅱ卷(非选择题,共70分)

注意事项:

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1.第Ⅱ卷用钢笔或圆珠笔直接答在试题卷中(除题目有特殊规定外)。

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2.答卷前将密封线内项目填写清楚。

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二、实验题:(本题共2小题,共18分,把答案填在题中的横线上或按题目要求作答)

11.(6分)在实验中得到小车做直线运动的s-t关系如图所示。

(1)由图可以确定,小车在AC段和DE段的运动分别为

(A)AC段是匀加速运动;DE段是匀速运动。

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(B)AC段是加速运动;DE段是匀加速运动。

(C)AC段是加速运动;DE段是匀速运动。

(D)AC段是匀加速运动;DE段是匀加速运动。

(2)在与AB、AC、AD对应的平均速度中,最接近小车在A点瞬时速度的是__AB_段中的平均速度。

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12.(共12分)在把电流表改装成电压表的实验中

(1)一微安表量程为200 mA,内阻约500 W,现用半偏法测其内阻,电路如图所示,下列几组仪器中,可以使用的一组是(      )

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A.电源电动势E=1.5 V,滑动变阻器R:0~1 kW,变阻箱R:0~999.9 W

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B.电源电动势E=1.5 V,滑动变阻器R:0~10 kW,变阻箱R:0~999.9 W

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C.电源电动势E=3 V,滑动变阻器R:0~20 kW,变阻箱R:0~999.9 W

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D.电源电动势E=3 V,滑动变阻器R:0~40 kW,变阻箱R0~999.9 W

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(2)用右图所示的电路去测定电流表的内阻rg,正确连接实物后,实测步骤如下:

A.合上开关S1,调整R的阻值,使电流表指针偏转到满刻度;

B. 断开S1,记下R的值;

C. 合上开关S2,调整RR的阻值,使电流表指针偏转到正好是满刻度的一半;

D.按电路图连好电路且S1S2处于断开状态,将R阻值调至最大。

上述步骤中有错误的是       ,应改为                                  。改正后正确操作步骤的顺序为            (只填字母)。

只有满足      时可认为rg= R,因为并入R后电路的总电流会变    ,故电流表内阻的测量值比真实值稍   (填“大”或“小”)。

(3)现在把改装的电压表(虚线框内所示)跟标准电压表进行核对。实验电路图如下左图,按此电路图将所给实物连成测量电路。

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三、计算题:

 13.南戴河旅游区,有一项滑沙游戏,滑沙场是在水平沙滩上筑起了一个大沙坡,如图所示。游戏开始,滑沙者在坡顶处坐在一个平板滑沙车上,然后由工作人员推动一下,使滑沙者乘坐平板车沿坡滑下。设斜坡高度为56 m,倾角为53°,滑沙车与沙之间的动摩擦因数为0.4,滑沙者起动时初速度很小可忽略不计,重力加速度g10 m/s2,其中sin53°=0.8,cos53°=0.6。求:滑沙者在滑沙过程中的运动时间。

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14.如图,电动机通过其转动轴上的绝缘细绳牵引着一个正方形导体线框。线框的边长为L,质量为m,总电阻为R。具有上边界的匀强磁场的磁感应强度为B,磁场方向与线框平面垂直。线框被拉出磁场的过程中恰好以速度v做匀速直线运动,电流表的示数为I,电压表的示数为U。在整个线框被匀速拉出磁场的过程中,求:

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⑴ 绳的拉力的大小;

⑵ 电动机电枢线圈中产生的热量。

 

 

 

 

 

 

 

 

 

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15.五块完全相同的长木板依次紧挨着放在水平地面上,每块木板的长度为0.5m,质量为0.6 kg。在第一块长木板的最左端放置一质量为0.98 kg的小物块。已知小物块与长木板间的动摩擦因数为0.2,长木板与地面间的动摩擦因数为0.1,设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等。一颗质量为0.02 kg的子弹以的150 m/s水平速度击中小物块并立即与小物块一起在长木板表面滑行,重力加速度g10 m/s2

(1)分析小物块滑至哪块长木板时,长木板才开始在地面上滑动。

(2)求物块在整个运动过程中相对出发点滑行的最大距离。

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一.选择题

1.C 

2.A 

3.B 

4.C 

5.B 

6.B 

7.D 

8.BD 

9.ABD 

10.AC

二.实验题(18分)

11.(1)C (3分)(2)AB(3分)

12.(1)D (2)C 保持R不阻值不变,调节R阻值  DACB  R» R 大  小


本题共12分,其中(1)小题2分;(2)小题前三空各1分,后三空各1分,(3)小题实物连接4分。

三.计算题(52分)

13.滑沙者在斜面上下滑的过程中,受到重力mg、斜面对支持力N和摩擦力f,其中f=μN=μmgcos53°设其下滑过程中的加速度为a1,由牛顿第二定律

mgsin53°-μmgcos53°=ma1-------------------------------①

s=a1t12-----------------------------------------------------------②

v= a1t1--------------------------------------------------------------③

其中斜坡长度s= h/sin53°t1为滑沙者在斜坡上的滑行时间,v为其滑至坡底时的速度大小,由①②③式可解得

a1=5.6m/s2N        t1=5s         v=28m/s

在水平沙滩上,滑沙者滑行的加速度为a2,由牛顿第二定律

μmg=ma2-----------------------------------------------------------④

设滑沙者在水平沙滩上又滑行了时间t2,由速度公式

0=v-a2 t2----------------------------------------------------------⑤

由④⑤式得   t2=7s

所以滑沙者总共滑行的时间t= t1 +t2=12s------------------⑥

本题共16分,其中①式4分,②③④⑤式各2分,⑥式4分(结果错误扣1分)。其他方法正确也给分。

14.线框被匀速拉出磁场的过程中,受到竖直向下的重力mg、安培力F及竖直向上的绳的拉力FT,线框中产生的感应电动势、感应电流分别为E、I

由物体的平衡条件

FT=mg+F------------------------------------------------------------------①

其中 F=BIL------------------------------------------------------------②

I=E/R--------------------------------------------------------------------③     

E=BLv---------------------------------------------------------------------④

由①②③④式可解得

FT=mg+------------------------------------------------------------⑤

设线框被匀速拉出磁场所用时间为t,由能量转化和守恒定律

UIt=FTvt+Q-----------------------------------------------------------------⑥

其中Q为电机线圈内阻产生的热量

t=L/v-----------------------------------------------------------------------⑦

解得Q=(UI-mgv-)-------------------------------------⑧

 本题共16分,①②③④⑤⑥⑦⑧式各2分。其他方法正确也给分。

15.(1)设子弹、小物块、长木板的质量分别为m0、M、m,子弹的初速度为v0,子弹击中小物块后二者的共同速度为v1,由动量守恒定律

m0 v0=(M+ m0) v1-------------------------------------------------------------------------------①

子弹击中小物块后物块的质量为M,且M= M+ m0.设当物块滑至第n块木板时,木板才开始运动

μ1Mg>μ2〔M+(6-n)m〕g   -----------------------------------------------------------②

其中μ1、μ2分别表示物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数.

由式解得n>4.3

即物块滑上第五块木板时,木板才开始在地面上滑动.

(2)设物块刚滑上第五块木板时的速度为v2,每块木板的长度为L,由动能定理

-μ1 M4L=Mv22-Mv12----------------------------------------------------------③

由①②式解得 v2=1m/s----------------------------------------------------------------------④

物块在第五块木板表面做匀减速直线运动,木板做匀加速直线运动,设经历时间t,物块与木板能获得相同的速度v3,由动量定理

-μ1 Mgt=Mv3-Mv3----------------------------------------------------------------------⑤

〔μ1 Mg-μ2(M+m)〕t=m v3--------------------------------------------------------------⑥

由⑤⑥式解得v3=m/s-----------------------------------------------------------------------⑦

在此过程中,物块发生的位移为s1,由动能定理

-μ1 Mg s1=Mv32-Mv22------------------------------------------------------------⑧

解得s1=m<0.5m

即物块与木板获得m/s的共同速度,之后整体向前匀减速运动s2后静止.

由动能定理

-μ2 (M+m)g s2=-(M+m)v32 ------------------------------------------------------⑨

解得s2=m

所以物块总共发生的位移s=4L+ s1+ s2 ----------------------------------------------------⑩

解得s≈2.27m --------------------------------------------------------------------------------

 

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