题目内容
8.从某一高度处水平抛出一个物体,它落地时速度是50m/s,方向与水平方向成53°角.(g取10m/s2,cos53°=0.6,sin53°=0.8)求:(1)抛出时的初速度v0及高度h;
(2)抛出后3s末的速度大小与方向;
(3)抛出后3s末的位移大小.
分析 (1)根据平行四边形定则,结合落地的速度求出抛出时的初速度,以及竖直分速度,根据速度位移公式求出高度h.
(2)根据速度时间公式求出3s末的竖直分速度,结合平行四边形定则求出3s末的速度大小和方向.
(3)根据运动学公式分别求出3s内竖直位移和水平位移,结合平行四边形定则求出物体的位移大小.
解答 解:(1)根据平行四边形定则知,v0=v•cosθ=50×0.6m/s=30m/s,
vy=v•sinθ=50×0.8m/s=40m/s,
则抛出时高度h=$\frac{{{v}_{y}}^{2}}{2g}=\frac{1600}{20}m$=80m.
(2)抛出3s后,vy=gt=10×3m/s=30m/s,
根据平行四边形定则知,v=$\sqrt{{{v}_{0}}^{2}+{{v}_{y}}^{2}}$=$\sqrt{900+900}$m/s=$30\sqrt{2}$m/s,
设速度与水平方向的夹角为α,则tanα=$\frac{{v}_{y}}{{v}_{0}}$=1,故α=45°.
(3)抛出3s后,水平位移x=v0t=30×3m=90m,
竖直位移$h=\frac{1}{2}g{t}^{2}=\frac{1}{2}×10×9m=45m$,
根据平行四边形定则知,物体的位移s=$\sqrt{{x}^{2}+{h}^{2}}=\sqrt{9{0}^{2}+4{5}^{2}}$m=$45\sqrt{5}$m.
答:(1)抛出时的初速度为30m/s,高度h为80m;
(2)抛出后3s末的速度大小为$30\sqrt{2}$m/s,方向与水平方向的夹角为45°;
(3)抛出后3s末的位移大小为$45\sqrt{5}$m.
点评 解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,结合运动学公式和平行四边形定则进行求解,难度不大.
A. | $\sqrt{\frac{3{{v}_{1}}^{2}-{{v}_{2}}^{2}}{4}}$ | B. | $\sqrt{\frac{{{v}_{1}}^{2}+{{v}_{2}}^{2}}{3}}$ | C. | $\sqrt{\frac{4{{v}_{1}}^{2}-{{v}_{2}}^{2}}{3}}$ | D. | $\sqrt{\frac{3{{v}_{2}}^{2}-{{v}_{1}}^{2}}{4}}$ |
A. | 运动周期不相同 | B. | 运动的线速度大小相等 | ||
C. | 运动的角速度相同 | D. | 向心加速度大小相等 |
A. | a、b的线速度大小相等.且大于c的线速度 | |
B. | a、b的周期相等,且大于c的周期 | |
C. | a、b的向心加速度大小相等,且小于c的向心加速度 | |
D. | a所需要的向心力最小 |
A. | 7.9km/s | B. | 11.2km/s | C. | 16.7km/s | D. | 24.4km/s |
A. | 库仑定律适用于点电荷,点电荷其实就是体积很小的球体 | |
B. | 磁感应强度的单位是特斯拉,这是为了纪念特斯拉发现了电流的磁效应 | |
C. | 最早将实验和逻辑推理(包括数学演算)和谐地结合起来,从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是伽利略 | |
D. | 哥白尼通过观察行星的运动,提出了日心说,认为行星以椭圆轨道绕太阳运行 |