题目内容
如图所示，L1、L2、L3为三个相同的灯泡．在变阻器R的滑片P向上移动过程中，下列判断中正确的是（ ）
A．L1变亮，L3变暗
B．L2变暗，L3变亮
C．L1中电流变化量大于L3中电流变化量
D．L1中电流变化量小于L2中电流变化量
【答案】分析：在变阻器R的滑片P向上移动过程中，分析变阻接入电路的电阻的变化，分析外电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流的变化，判断L3亮度的变化．根据并联电压的变化，分析L2亮度的变化．根据总电流与L2中电流的变化，分析L1亮度的变化，并判断L1中电流变化量与L3中电流变化量的大小，以及L1中电流变化量与L2中电流变化量的大小．
解答：解：在变阻器R的滑片P向上移动过程中，变阻接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得到电路中总电流I增大，则L3变亮．电路中并联部分的电压U2=E-I（R3+r），I增大，其他量不变，则U2减小，L2变暗．通过L1的电流I1=I-I2，由于I增大，I2减小，则I1增大，而且L1中电流变化量大于L3中电流变化量．由于I增大，则L1中电流变化量大于L2中电流变化量．
故选BC
点评：本题是电路的动态变化分析问题，按从局部到整体，再到局部的顺序进行分析．分析电流或电压变化的大小，可采用总量的方法判断．
解答：解：在变阻器R的滑片P向上移动过程中，变阻接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得到电路中总电流I增大，则L3变亮．电路中并联部分的电压U2=E-I（R3+r），I增大，其他量不变，则U2减小，L2变暗．通过L1的电流I1=I-I2，由于I增大，I2减小，则I1增大，而且L1中电流变化量大于L3中电流变化量．由于I增大，则L1中电流变化量大于L2中电流变化量．
故选BC
点评：本题是电路的动态变化分析问题，按从局部到整体，再到局部的顺序进行分析．分析电流或电压变化的大小，可采用总量的方法判断．
练习册系列答案
相关题目
如图所示，L1、L2、L3、L4、L5是五盏完全相同的灯泡，将它们如图接在变压器上后，均正常发光．则变压器原副线圈的匝数比n1：n2：n3为（ ）
如图所示，L1、L2是完全相同的灯泡，L是自感系数较大、直流电阻为R0的线圈，滑动变阻器的最大阻值为R（R＞R0），S由闭合到断开的瞬间，关于L1、L2亮度的说法中正确的是（ ）
（2010?沈阳二模）如图所示，L1和L2为两条平行的虚线，L1上方和L2下方都是垂直纸面向外的磁感应强度相同的匀强磁场，A、B两点都在L1上．带电粒子从A点以初速V斜向下与L1成45°角射出，经过偏转后正好过B点，经过B点时速度方向也斜向下，且方向与A点方向相同．不计重力影响，下列说法中正确的是（ ）
如图所示，L1和L2为距离d=0.1m的两平行的虚线，L1上方和L2下方都是垂直纸面向里的磁感应强度为B=0.20T的匀强磁场，A、B两点都在L2上，质量为m=1.67×10-27kg、电量Q=1.60×10-19C的质子，从A点以v0=5.0×105m/s的速度与L2成θ=45°角斜向上射出，经过上方和下方的磁场偏转后正好经过B点，经过B点时速度方向也斜向上，求（结果保留两位有效数字）
（2011?株洲二模）如图所示，L1、L2为二个相同的灯泡，R0为定值电阻，定值电阻的阻值与灯泡电阻相同．在变阻器R的滑片P向上移动过程中（ ）