题目内容
如图所示，质量m=50kg的运动员（可视为质点），在河岸上A点紧握一根长L=5.0m的不可伸长的轻绳，轻绳另一端系在距离水面高H=10.0m的O点，此时轻绳与竖直方向的夹角为θ=37°，C点是位于O点正下方水面上的一点，距离C点x=5.0m处的D点有一只救生圈，O、A、C、D各点均在同一竖直面内．若运动员抓紧绳端点，从台阶上A点沿垂直于轻绳斜向下以一定初速度跃出，当摆到O点正下方的B点时松开手，最终恰能落在救生圈内．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）运动员经过B点时速度vB的大小；
（2）运动员经过B点时绳子的拉力大小；
（3）运动员从A点跃出时的动能Ek．
分析：（1）运动员经过B点后做平抛运动，已知下落的高度h=H-L，由h=
gt2求出时间，由x=vBt求出运动员经过B点时速度vB的大小；
（2）运动员经过B点时由重力和绳子的拉力合力提供向心力，由牛顿第二定律求解绳子的拉力大小；
（3）从A运动到B的过程中，只有重力做功mgL（1-cosθ），根据动能定理求解运动员从A点跃出时的动能Ek．
| 1 |
| 2 |
（2）运动员经过B点时由重力和绳子的拉力合力提供向心力，由牛顿第二定律求解绳子的拉力大小；
（3）从A运动到B的过程中，只有重力做功mgL（1-cosθ），根据动能定理求解运动员从A点跃出时的动能Ek．
解答：解：（1）从B运动到D的过程，运动员做平抛运动，则有
H-L=
gt2
得 t=
=1s
由x=vBt得 vB=
=5m/s
（2）在B点时，由牛顿第二定律得
F-mg=m
得 F=mg+m
=750N
（3）由图得 hAB=L（1-cosθ）=1m
根据动能定理得
mghAB=
m
-Ek
解得Ek=125J
答：（1）运动员经过B点时速度vB的大小为5m/s；
（2）运动员经过B点时绳子的拉力大小是750N；
（3）运动员从A点跃出时的动能Ek是125J．
H-L=
| 1 |
| 2 |
得 t=
|
由x=vBt得 vB=
| x |
| t |
（2）在B点时，由牛顿第二定律得
F-mg=m
| ||
| L |
得 F=mg+m
| ||
| L |
（3）由图得 hAB=L（1-cosθ）=1m
根据动能定理得
mghAB=
| 1 |
| 2 |
| v | 2 B |
解得Ek=125J
答：（1）运动员经过B点时速度vB的大小为5m/s；
（2）运动员经过B点时绳子的拉力大小是750N；
（3）运动员从A点跃出时的动能Ek是125J．
点评：本题是两个过程的问题，运用平抛运动的规律、动能定理、牛顿运动定律结合进行研究，难度不大．
练习册系列答案
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