题目内容
如图（a）所示，质量为m的小球放在光滑水平面上，在界线MN的左方始终受到水平恒力F1作用，在MN的右方除受F1外还受到与F1在同一条直线上的水平恒力F2的作用．小球从A点由静止开始运动，运动的v-t图象如图（b）所示，由图可知下列说法中错误的是（ ）
A．t=4s时，小球返回，经过界线MN
B．F1与F2的比值大小为1：2
C．F2的大小为
mv1D．小球向右运动的过程中，F1与F2做功的绝对值相等
【答案】分析：由v-t图可知物体的速度随时间变化的规律，并能求出物体各段时间内的加速度；根据物体的受力情况则可得出两力的大小关系，根据动能定理可以求得F1与F2做功关系．
解答：解：A、由图可知，前1s内，物体做匀加速直线运动，其加速度a1=
=v1；而1s至4s物体先减速后反向加速，4s后减速；则可判断出物体在1s末恰好经过MN，4s末又回到MN，故A正确；
B、1s-4s内，加速度a′=
=-
v1，由牛顿第二定律可知，F1=ma=mv1； 而F2+F1=ma′； 故F2=-
v1，故C正确，F1：F2=3：5，故B错误；
D、由图象可知，在0-2.5s内，物体向右运动，由动能定理可知，物体的动能变化量为零，则合外力做功为零，而F1做正功，F2做负功，所以F1与F2做功的绝对值相等，故D正确．
本题选错误的，故选B
点评：本题结合图象与牛顿运动定律，应通过图象得出物体的运动情况，再由牛顿第二定律即可求得受力情况．
解答：解：A、由图可知，前1s内，物体做匀加速直线运动，其加速度a1=
=v1；而1s至4s物体先减速后反向加速，4s后减速；则可判断出物体在1s末恰好经过MN，4s末又回到MN，故A正确；B、1s-4s内，加速度a′=
=-v1，由牛顿第二定律可知，F1=ma=mv1； 而F2+F1=ma′； 故F2=-v1，故C正确，F1：F2=3：5，故B错误；D、由图象可知，在0-2.5s内，物体向右运动，由动能定理可知，物体的动能变化量为零，则合外力做功为零，而F1做正功，F2做负功，所以F1与F2做功的绝对值相等，故D正确．
本题选错误的，故选B
点评：本题结合图象与牛顿运动定律，应通过图象得出物体的运动情况，再由牛顿第二定律即可求得受力情况．
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（2008?南京一模）如图（a）所示，质量为M=10kg的滑块放在水平地面上，滑块上固定在一个轻细杆ABC，∠ABC=45°．在A端固定一个质量为m=2kg的小球，滑块与地面间的动摩擦因数为μ=0.5．现对滑块施加一个水平向右的推力F1=84N，使滑块做匀加速运动．求此时轻杆对小球作用力F2的大小和方向．（取g=10m/s2）有位同学是这样解的：
如图（a）所示，质量为m小球与轻绳一端相连，绕另-端点O在竖直平面内作圆周运动，绳子长度为R，忽略一切阻力的影响，现测得绳子对小球的拉力随时间变化的图线如图（b）所示，则下列判断中一定正确的是（ ）A、t1时刻小球的速度大小为
| ||
B、t2时刻小球的速度大小为
| ||
C、t3时刻小球的速度大小为
| ||
D、t4时刻小球的速度大小为
|
如图（a）所示，质量m=1kg的物体置于倾角θ=37°的固定粗糙斜面上．t=0时对物体施以平行于斜面向上的拉力F，t=1s时撤去拉力，斜面足够长，物体运动的部分v-t图如图（b）所示，则下列说法中正确的是（ ）| A、拉力的大小为20N | B、t=1s时物体运动到最高点 | C、t=4s时物体的速度大小为10m/s | D、t=1s时物体的机械能最大 |