题目内容
如图,在光滑水平面上静止释放两个带正电的小物块q1和q2,下列表述正确的是( )
分析:由静止开始释放两球,两球各自受库仑斥力,两球距离增大,根据库仑定律F=k
判断库仑力的变化.
根据电场力做功正负判断电势能的变化,两个带正电的小物块看成一个系统,受外力之和等于零,系统动量守恒,根据牛顿第二定律a=
判断加速度是否变化.
q1q2 |
r2 |
根据电场力做功正负判断电势能的变化,两个带正电的小物块看成一个系统,受外力之和等于零,系统动量守恒,根据牛顿第二定律a=
F库 |
m |
解答:解:A、由静止开始释放两球,两球各自受库仑斥力,做直线运动,电场力都做正功,电势能减小,故A正确;
B、两个带正电的小物块看成一个系统,受外力之和等于零,系统动量守恒,故B正确;
C、两球距离增大,根据库仑定律F=k
可知,小物块受的库仑力均在减小,故C错误;
D、根据牛顿第二定律a=
知,库伦力逐渐减小,加速度逐渐减小,所以小物块不是做匀加速运动,故D错误.
故选AB
B、两个带正电的小物块看成一个系统,受外力之和等于零,系统动量守恒,故B正确;
C、两球距离增大,根据库仑定律F=k
q1q2 |
r2 |
D、根据牛顿第二定律a=
F库 |
m |
故选AB
点评:本题主要考查了库仑定律、牛顿第二定律、动量守恒条件的应用,要求同学们能正确对物块进行受力分析,知道电场力做正功,电势能减小,难度适中.
练习册系列答案
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