题目内容
民用航空客机的机舱除通常的舱门外还设有紧急出口，发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊组成的斜面，机舱中的乘客就可以沿斜面迅速滑行到地面上来．若某型号的客机紧急出口离地面高度为4.0m，构成斜面的气囊长度为5.0m，要求紧急疏散时乘客从气囊上由静止下滑到达地面的时间不超过2.0s，则乘客下滑的加速度至少为多大？气囊和下滑乘客间的动摩擦因数不得超过多少？（g取10m/s2）
人下滑时做匀加速直线运动，最长时间为0.2s，
由s=
at2
解得：a=2.5 m/s2
所以加速度最小为2.5 m/s2
设斜面与水平方向夹角为θ，根据题意得：sinθ=
=0.8，cosθ=
=0.6，则
根据牛顿第二定律得：a=
=gsinθ-μgcosθ
解得：μ=0.92
答：乘客下滑的加速度至少为2.5 m/s2 ，气囊和下滑乘客间的动摩擦因数不得超过0.92．
由s=
| 1 |
| 2 |
解得：a=2.5 m/s2
所以加速度最小为2.5 m/s2
设斜面与水平方向夹角为θ，根据题意得：sinθ=
| 4 |
| 5 |
| 3 |
| 5 |
根据牛顿第二定律得：a=
| mgsinθ-μmgcosθ |
| m |
解得：μ=0.92
答：乘客下滑的加速度至少为2.5 m/s2 ，气囊和下滑乘客间的动摩擦因数不得超过0.92．
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