题目内容

x2 |
a2 |
y2 |
b2 |
4 |
3 |
b |
3 |
(1)求椭圆C的方程;
(2)若动直线l与椭圆C有且只有一个公共点,试问:在x轴上是否存在两定点,使其到直线l的距离之积为1?若存在,请求出两定点坐标;若不存在,请说明理由.
分析:(1)利用椭圆过点P(
,
),以AP为直径的圆恰好过右焦点F2,及b2=a2-c2,建立方程,即可求椭圆C的方程;
(2)分类讨论,利用直线l与椭圆C有只有一个公共点,确定k,p的关系,设在x轴上存在两点(s,0),(t,0),使其到直线l的距离之积为1,建立方程,即可求得结论.
4 |
3 |
b |
3 |
(2)分类讨论,利用直线l与椭圆C有只有一个公共点,确定k,p的关系,设在x轴上存在两点(s,0),(t,0),使其到直线l的距离之积为1,建立方程,即可求得结论.
解答:解:(1)因为椭圆过点P(
,
),所以
+
=1,解得a2=2,…(2分)
又以AP为直径的圆恰好过右焦点F2,所以AF2⊥F2P,即-
?
=-1,所以b2=c(4-3c).…(6分)
而b2=a2-c2=2-c2,所以c2-2c+1=0,解得c2=1,
故椭圆C的方程是
+y2=1.…(8分)
(2)①当直线l斜率存在时,设直线l方程为y=kx+p,
代入椭圆方程得(1+2k2)x2+4kpx+2p2-2=0.
因为直线l与椭圆C有只有一个公共点,所以△=16k2p2-4(1+2k2)(2p2-2)=8(1+2k2-p2)=0,
即1+2k2=p2.…(10分)
设在x轴上存在两点(s,0),(t,0),使其到直线l的距离之积为1,则
?
=
=1,
即(st+1)k+p(s+t)=0(*),或(st+3)k2+(s+t)kp+2=0 (**).
由(*)恒成立,得
解得
,或
,…(14分)
而(**)不恒成立.
②当直线l斜率不存在时,直线方程为x=±
时,
定点(-1,0)、F2(1,0)到直线l的距离之积d1?d2=(
-1)(
+1)=1.
综上,存在两个定点(1,0),(-1,0),使其到直线l 的距离之积为定值1.…(16分)
4 |
3 |
b |
3 |
16 |
9a2 |
1 |
9 |
又以AP为直径的圆恰好过右焦点F2,所以AF2⊥F2P,即-
b |
c |
| ||
|
而b2=a2-c2=2-c2,所以c2-2c+1=0,解得c2=1,
故椭圆C的方程是
x2 |
2 |
(2)①当直线l斜率存在时,设直线l方程为y=kx+p,
代入椭圆方程得(1+2k2)x2+4kpx+2p2-2=0.
因为直线l与椭圆C有只有一个公共点,所以△=16k2p2-4(1+2k2)(2p2-2)=8(1+2k2-p2)=0,
即1+2k2=p2.…(10分)
设在x轴上存在两点(s,0),(t,0),使其到直线l的距离之积为1,则
|ks+p| | ||
|
|kt+p| | ||
|
|k2st+kp(s+t)+p2| |
k2+1 |
即(st+1)k+p(s+t)=0(*),或(st+3)k2+(s+t)kp+2=0 (**).
由(*)恒成立,得
|
|
|
而(**)不恒成立.
②当直线l斜率不存在时,直线方程为x=±
2 |
定点(-1,0)、F2(1,0)到直线l的距离之积d1?d2=(
2 |
2 |
综上,存在两个定点(1,0),(-1,0),使其到直线l 的距离之积为定值1.…(16分)
点评:本题考查椭圆的标准方程,考查直线与椭圆的位置关系,考查存在性问题的研究,考查学生的计算能力,同时考查学生分析解决问题的能力,属于中档题.
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