题目内容
已知数列{an}前n项和为Sn,且a1=2,3Sn=5an-an-1+3Sn-1(n≥2,n∈N*).
(Ⅰ)求数列{an} 的通项公式;
(Ⅱ)设bn=(2n-1)an,求数列{bn} 的前n项和为Tn;
(Ⅲ)若cn=tn[lg(2t)n+lgan+2](t>0),且数列{cn} 是单调递增数列,求实数t的取值范围.
(Ⅰ)求数列{an} 的通项公式;
(Ⅱ)设bn=(2n-1)an,求数列{bn} 的前n项和为Tn;
(Ⅲ)若cn=tn[lg(2t)n+lgan+2](t>0),且数列{cn} 是单调递增数列,求实数t的取值范围.
分析:(1)由3Sn=5an-an-1+3Sn-1,得到3an=5an-an-1,进而得到
=
,再由a1=2,能求出数列{an} 的通项公式.
(2)由(1)知:bn=(2n-1)•22-n,故Tn=1×2+3×20+5×2-1+…+(2n-1)•22-n,利用错位相减法能够求出Tn.
(3)由cn=n•tn•lgt,cn<cn+1,知n•tn•lgt<(n+1)•tn+1•lgt,再进行分类讨论,能够求出实数t的取值范围.
an |
an-1 |
1 |
2 |
(2)由(1)知:bn=(2n-1)•22-n,故Tn=1×2+3×20+5×2-1+…+(2n-1)•22-n,利用错位相减法能够求出Tn.
(3)由cn=n•tn•lgt,cn<cn+1,知n•tn•lgt<(n+1)•tn+1•lgt,再进行分类讨论,能够求出实数t的取值范围.
解答:解:(1)∵3Sn=5an-an-1+3Sn-1,
∴3an=5an-an-1,
∴
=
,
∵a1=2,∴an=2•(
)n-1=22-n.
(2)∵an=22-n,bn=(2n-1)an,
∴bn=(2n-1)•22-n,
∵数列{bn} 的前n项和为Tn,
∴Tn=1×2+3×20+5×2-1+…+(2n-1)•22-n,
同乘公比得
Tn=1×20+3×2-1+5×2-2+…+(2n-1)•21-n
∴
Tn=1×2+2×20+2×2-1+2×2-2+…+2×22-n-(2n-1)•21-n
=2+4[1-(
)n-1]-(2n-1)•21-n
∴Tn=12-(2n+3)•22-n.
(3)∵cn=tn[lg(2t)n+lgan+2](t>0),∴cn=n•tn•lgt,
∵cn<cn+1,∴n•tn•lgt<(n+1)•tn+1•lgt,
①当0<t<1时,则t<
对任意正整数恒成立,0<t<
.
②当t>1时,t>
对任意正整数恒成立,∴t>1.
综上可知,实数t的取值范围是(0,
)∪(1,+∞).
∴3an=5an-an-1,
∴
an |
an-1 |
1 |
2 |
∵a1=2,∴an=2•(
1 |
2 |
(2)∵an=22-n,bn=(2n-1)an,
∴bn=(2n-1)•22-n,
∵数列{bn} 的前n项和为Tn,
∴Tn=1×2+3×20+5×2-1+…+(2n-1)•22-n,
同乘公比得
1 |
2 |
∴
1 |
2 |
=2+4[1-(
1 |
2 |
∴Tn=12-(2n+3)•22-n.
(3)∵cn=tn[lg(2t)n+lgan+2](t>0),∴cn=n•tn•lgt,
∵cn<cn+1,∴n•tn•lgt<(n+1)•tn+1•lgt,
①当0<t<1时,则t<
n |
n+1 |
1 |
2 |
②当t>1时,t>
n |
n+1 |
综上可知,实数t的取值范围是(0,
1 |
2 |
点评:本题考查数列的通项公式和前n项和公式的求法,考查实数的取值范围的求法,解题时要认真审题,注意错位相减法、分类讨论思想的灵活运用.

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