Question

【题目】X、Y、Z、Q、M为常见的短周期元素，其原子序数依次增大．有关信息如表：

X	动植物生长不可缺少的元素，是蛋白质的重要成分
Y	地壳中含量居第一位
Z	短周期中其原子半径最大
Q	生活中大量使用其合金制品，工业上可用电解其氧化物的方法制备其单质
M	海水中大量富集的元素之一，其最高正化合价与负价的代数和为6

（1）X的气态氢化物的大量生产曾经解决了地球上因粮食不足而导致的饥饿和死亡问题，请写出该气态氢化物的电子式 ．
（2）已知37Rb和53I都位于第五周期，分别与Z和M同一主族．下列有关说法正确的是（填序号）．
A.原子半径：Rb＞I
B.RbM中含有共价键
C.气态氢化物热稳定性：M＞I
D.Rb、Q，M的最高价氧化物对应的水化物可以两两发生反应
（3）化合物QX导热性好，热膨胀系数小，是良好的耐热冲击材料．有关化合物QX的制备及化学性质如下（所有热量数据均已折合为25℃、101.3 kPa条件下的数值）．①可用Q和X的单质在800～1 000℃制得，每生成1 mol QX，吸收a kJ的热量．
②可用Q的氧化物、焦炭和X的单质在1 600～1 750℃生成QX，每消耗18 g碳生成1 mol QX，吸收b kJ的热量．
请根据上述信息写出在理论上Q的氧化物跟焦炭反应生成Q单质和CO的热化学方程式 ．
（4）X、Y组成的一种无色气体遇空气变为红棕色．标准状况下将40 L该无色气体与15 L氧气通入一定浓度的NaOH溶液中，恰好被完全吸收，同时生成两种盐．请写出该反应的离子方程式 ．

Answer 1

【答案】
（1）
（2）ACD
（3）Al2O3（s）+3C（s）=2Al（s）+3CO（g）△H=（2b﹣2a） kJ/mol
（4）8NO+3O2+8OH﹣=2NO2﹣+6NO +4H2O
【解析】解：X、Y、Z、Q、M为常见的短周期元素，其原子序数依次增大．X元素是动植物生长不可缺少的元素，是蛋白质的重要成分，则X为N元素；Y元素在地壳中含量居第一位，则Y为O元素；Z是短周期中其原子半径最大的元素，则Z为Na；Q是生活中大量使用其合金制品，工业上可用电解其氧化物的方法制备其单质，则Q为Al；M是海水中大量富集的元素之一，其最高正化合价与负价的代数和为6，则M为Cl．（1）X的气态氢化物的大量生产曾经解决了地球上因粮食不足而导致的饥饿和死亡问题，该气态氢化物为NH3 ， 电子式为 ，所以答案是： ；（2）A．Rb、I同周期，核电荷数越大原子半径越小，故原子半径：Rb＞I，故A正确； B．RbI中含有离子键，故B错误；
C．非金属性Cl＞I，则气态氢化物热稳定性：HCl＞HI，故C正确；
D．Rb、Q、M的最高价氧化物对应的水化物分别为RbOH、高氯酸、氢氧化铝，RbOH碱性比NaOH的强，氢氧化铝能与RbOH、高氯酸反应，RbOH与高氯酸发生中和反应，故D正确，
故选：ACD；（3）用Al和氮气的单质在800～1 000℃制得AlN，每生成1 mol AlN，吸收a kJ的热量，可得热化学方程式①：Al（s）+ N2（g）=AlN（s）△H=+a kJ/mol，
用氧化铝、焦炭和但在1 600～1 750℃生成Al，每消耗18 g碳生成1 mol AlN，吸收b kJ的热量，可得热化学方程式②： Al2O3（s）+ N2（g）+ C（s）=AlN（s）+ CO（g）△H=+b kJ/mol，
根据盖斯定律，②×2﹣①×2可得：Al2O3（s）+3C（s）=2Al（s）+3CO（g）△H=（2b﹣2a） kJ/mol，
所以答案是：Al2O3（s）+3C（s）=2Al（s）+3CO（g）△H=（2b﹣2a） kJ/mol；（4）X、Y组成的一种无色气体遇空气变为红棕色，该气体为NO，标准状况下将40 LNO与15 L氧气通入一定浓度的NaOH溶液中，恰好被完全吸收，同时生成两种盐，即生成NaNO2、NaNO3 ， 该反应的离子方程式为：8NO+3O2+8OH﹣=2NO2﹣+6NO3﹣+4H2O，
所以答案是：8NO+3O2+8OH﹣=2NO2﹣+6NO3﹣+4H2O．