题目内容
如图转化关系中，A、B、C、D、E都是短周期元素的单质，在常温常压下A是固体，其余都是气体，且C呈黄绿色．化合物H和I两种气体相遇时产生白烟．化合物G的焰色反应为黄色．反应①和②均在溶液中进行．
请按要求回答下列问题．
（1）写出下列物质的化学式：D
（2）反应①的离子方程式为
（3）向K溶液中加入硝酸酸化的硝酸银溶液，反应的现象为
（4）将少量单质C通入盛有淀粉KI溶液的试管中，液体变为蓝色，该反应的离子方程式为
（5）向J溶液中滴入NaOH溶液时，生成的灰白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色．写出沉淀由灰白色变成红褐色的化学方程式：
请按要求回答下列问题．
（1）写出下列物质的化学式：D
H2
H2
、FNa2O2
Na2O2
．（2）反应①的离子方程式为
2H++CO32-=H2O+CO2↑
2H++CO32-=H2O+CO2↑
．（3）向K溶液中加入硝酸酸化的硝酸银溶液，反应的现象为
出现白色沉淀
出现白色沉淀
．（4）将少量单质C通入盛有淀粉KI溶液的试管中，液体变为蓝色，该反应的离子方程式为
Cl2+2I-=I2+2Cl-
Cl2+2I-=I2+2Cl-
．这说明单质C的氧化性强
强
于单质碘（填“强”或“弱”）．（5）向J溶液中滴入NaOH溶液时，生成的灰白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色．写出沉淀由灰白色变成红褐色的化学方程式：
4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3
4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3
．分析：A、B、C、D、E都是短周期元素的单质，C为黄绿色气体，则C为Cl2，化合物H和I两种气体相遇时产生白烟，则D为H2，H为HCl，E为N2，I为NH3，生成K为NH4Cl，由反应②为Fe与盐酸反应，则J为FeCl2，化合物G的焰色反应为黄色，与盐酸反应生成CO2，则G为Na2CO3或NaHCO3，A是固体，其余都是气体，结合元素守恒及转化关系可知，A为Na，B为O2，A、B反应生成F，则F为Na2O2，由F与二氧化碳的反应确定G只能为Na2CO3，最后确定然后结合物质的性质及化学用语来解答．
解答：解：A、B、C、D、E都是短周期元素的单质，C为黄绿色气体，则C为Cl2，化合物H和I两种气体相遇时产生白烟，则D为H2，H为HCl，E为N2，I为NH3，生成K为NH4Cl，由反应②为Fe与盐酸反应，则J为FeCl2，化合物G的焰色反应为黄色，与盐酸反应生成CO2，则G为Na2CO3或NaHCO3，A是固体，其余都是气体，结合元素守恒及转化关系可知，A为Na，B为O2，A、B反应生成F，则F为Na2O2，由F与二氧化碳的反应确定G只能为Na2CO3，
（1）由上述分析可知D为H2，F为Na2O2，故答案为：H2；Na2O2；
（2）反应①为盐酸与碳酸钠的反应，该离子反应为2H++CO32-=H2O+CO2↑，故答案为：2H++CO32-=H2O+CO2↑；
（3）K为NH4Cl，加入硝酸酸化的硝酸银溶液，观察到出现白色沉淀，故答案为：出现白色沉淀；
（4）将少量单质C通入盛有淀粉KI溶液的试管中，液体变为蓝色，是因氯气氧化碘离子生成碘单质，离子反应为Cl2+2I-=I2+2Cl-，则氯气的氧化性强于碘的氧化性，
故答案为：Cl2+2I-=I2+2Cl-；强；
（5）J为FeCl2，滴入NaOH溶液时，生成的灰白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色，发生4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3，故答案为：4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3．
（1）由上述分析可知D为H2，F为Na2O2，故答案为：H2；Na2O2；
（2）反应①为盐酸与碳酸钠的反应，该离子反应为2H++CO32-=H2O+CO2↑，故答案为：2H++CO32-=H2O+CO2↑；
（3）K为NH4Cl，加入硝酸酸化的硝酸银溶液，观察到出现白色沉淀，故答案为：出现白色沉淀；
（4）将少量单质C通入盛有淀粉KI溶液的试管中，液体变为蓝色，是因氯气氧化碘离子生成碘单质，离子反应为Cl2+2I-=I2+2Cl-，则氯气的氧化性强于碘的氧化性，
故答案为：Cl2+2I-=I2+2Cl-；强；
（5）J为FeCl2，滴入NaOH溶液时，生成的灰白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色，发生4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3，故答案为：4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3．
点评：本题考查无机物的推断，利用框图中物质的转化结合物质的性质推出各物质是解答本题的关键，C、H、I为解答本题的突破口，题目难度中等．
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小学生10分钟口算测试100分系列答案
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