题目内容
【题目】小明家的电热饮水机,有加热和保温两种工作状态,饮水机热水箱内水温达到92℃时,自动保温;当水温降至一定温度t时,又重新加热.饮水机的铭牌数据与电路原理图如表:
热水箱水量 | 额定电压 | 加热时功率 | 保温时功率 |
1kg | 220V | 800W | 44W |
(1)当S闭合、S1断开时,饮水机处于(加热/保温)状态,此时电路中的电流为多少A?
(2)求电阻R1的阻值.
(3)饮水机加热一次把初温22℃的水加热到92℃,水吸收的热量为多少J?如果加热一次的时间为7min.则饮水机的效率为多大?(水的比热为4.2×103J/kg℃)
【答案】
(1)解:当S闭合、S1断开时,电路为R1的简单电路;当S、S1闭合时,R1与R2并联,
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和,
所以,当S闭合、S1断开时,电路中的总电阻最大,当S、S1闭合时,电路的总电阻最小,
因电压一定时,由P=UI= 可知,总电阻大的功率较小,总电阻小的功率较大,
所以,当S闭合、S1断开时,饮水机功率最小,处于保温状态,当S、S1闭合时,饮水机功率最大,处于加热状态,
当S闭合、S1断开时,处于保温状态,由P=UI可得,电路中的电流:
I= = =0.2A;
(2)解:当S闭合、S1断开时,电路为R1的简单电路,饮水机处于保温状态,
由I= 可得,电阻R1的阻值:
R1= = =1100Ω
(3)解:水吸收的热量:
Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg℃)×1kg×(92℃﹣22℃)=2.94×105J,
由P= 可得,消耗的电能:
W=P加热t′=800W×7×60s=3.36×105J,
饮水机的效率:
η= ×100%= ×100%=87.5%
【解析】(1)当S闭合、S1断开时,电路为R1的简单电路;当S、S1闭合时,R1与R2并联,根据电阻的并联比较两种情况下总电阻的关系,根据P=UI= 可知,总功率大的电热饮水机处于加热状态,总功率小的处于保温状态,再根据P=UI求出电路中的电流;(2)当S闭合、S1断开时,电路为R1的简单电路,饮水机处于保温状态,根据欧姆定律求出电阻R1的阻值;(3)知道水的质量和初温、末温以及比热容,根据Q吸=cm(t﹣t0)求出水吸收的热量,根据W=Pt求出消耗的电能,利用η= ×100%求出饮水机的效率.
【题目】为践行“低碳理念”,现在已广泛使用LED节能灯,它可以直接把电能转化为光能.现有一盏标有“24V,12W”LED灯,其亮度与“220V,100W”的普通白炽灯相当.
两种灯 | LED灯 | 白炽灯 |
发光原理 | 二极管发光 | 钨丝高温发光 |
额定电压 | 24伏 | 220伏 |
响应时间 | 10﹣4秒 | 10﹣5秒 |
额定功率 | 12瓦 | 100瓦 |
(1)若上述LED灯和白炽灯都正常工作相同时间,两灯消耗的电能之比是 .
(2)白炽灯工作时的能量转化情况如图,则该白炽灯的发光效率是;试推测12W LED灯与100W白炽灯照明效果相同的可能原因是 .