题目内容

2．如图中，在磁场中导线受力方向的图示正确的是（　　）
A．B．C．D．

分析 根据左手定则判断出安培力的方向，伸开左手，使大拇指与四指方向垂直，四指方向与电流方向相同，磁场方向垂直于掌心，大拇指所指方向为安培力的方向．

解答 解：根据左手定则，让磁感线穿过掌心，而四指指向电流方向，则大拇指即为安培力方向．
A、安培力的方向应该竖直向上，故A正确；
B、安培力的方向应该向左，故B错误；
C、安培力的方向应该向左，故C错误；
D、因电流方向与磁场方向平行，不受安培力，故D错误；
故选：A．

点评 解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系，注意与右手定则的区别．

练习册系列答案
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12．（1）研究平抛物体的运动，安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是B
A．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小
B．保证小球飞出时，初速度水平
C．保证小球在空中运动的时间每次都相等
D．保证小球运动的轨迹是一条抛物线
（2）下列哪些因素会使“研究平抛运动”实验的误差增大BC
A．小球与斜槽之间有摩擦
B．安装斜槽时其末端不水平
C．建立坐标系时，以斜槽末端端口位置为坐标原点
D．根据曲线计算平抛运动的初速度时，在曲线上取作计算的点离原点O较远
（3）在研究平抛运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=2.5cm．若小球在平抛运动途中的几个位置如图中a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为vo=$2\sqrt{gL}$（用L、g表示），其值是1.0m/s．（取g=10m/s2）
13．如图，小球通过弹簧悬挂于天花板上，平衡时，小球停在O点．P点位于O点正下方，OP=5cm．将小球拉至P点并由静止释放，小球在竖直方向上做以O点为对称中心的机械振动，完成10次全振动的时间为10s，则小球的振动周期T和振幅A分别为（　　）
A．T=1s，A=5cmB．T=1s，A=10cmC．T=10s，A=5cmD．T=10s，A=10cm
10．质谱仪是一种测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具，它的够早原理如图所示．粒子源S发出两种带正电的同位素粒子甲和乙，两种粒子从S出来时速度很小，可忽略不计，粒子经过加速电场加速后垂直进入有界匀强磁场（图中线框所示），最终打到照相底片上．测得甲、乙两种粒子打在照相底片上的点到入射磁场点的距离之比为5：4，则它们在磁场中运动的时间之比是（　　）
A．5：4B．4：5C．25：16D．16：25
17．如图所示，将一个折射率为n=$\frac{\sqrt{7}}{2}$的透明长方体放在空气中，矩形ABCD是它的一个截面，一单色细光束入射到P点，入射角为θ．$\overline{AD}$=$\sqrt{6}$$\overline{AP}$，求：
①若要使光束进入长方体后能射至AD面上，角θ的最小值为多少？
②若要此光束在AD面上发生全反射，角θ的范围如何？
7．如图甲所示是回旋加速器的示意图，其核心部分是两个置于匀强磁场中的D形金属盒，两盒分别与高频电源相连．带电粒子在加速时，其动能Ek随时间t的变化规律如图乙所示，忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是（　　）
A．在Ek-t图象中应有（t4-t3）＜（t3-t2）＜（t2-t1）
B．减小磁场的磁感应强度可增大带电粒子射出时的动能
C．要想粒子获得的最大动能增大，可增加D形盒的半径
D．加速电场的电压越大，则粒子获得的最大动能一定越大
14．如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数分别为n1：n2，原线圈两端接频率为f，电压值为U1的正弦交变电压，当滑片向上滑动时，下列说法中正确的是（　　）
A．副线圈中交变电流的频率逐渐变大B．副线圈中的电流逐渐变小
C．滑动变阻器两端的电压逐渐变大D．原线圈中的电流逐渐变大
11．以下说法正确的是（　　）
A．物理学是一门实验科学，也是一门崇尚理性、重视逻辑推理的科学
B．伽利略认为重的物体比轻的物体下落的快
C．弱相互作用作用范围小，而强相互作用作用范围大
D．英国的科学家发现弹簧的弹力的弹力大小与弹簧伸长（或缩短）的关系
12．如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计．匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成θ角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则（　　）
A．导体棒受安培力方向水平向右
B．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力大小为$\frac{BEL}{R}$
C．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力大小为$\frac{BEL}{R}$sinθ
D．开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为$\frac{BEL}{mR}$sinθ-g

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