题目内容
19．
小明做套环游戏，他用水平速度将小环抛向立在地面上的小木桩，结果小环落到了小木桩的右侧，如图所示．不计空气阻力，为了使小环套中小木桩，下次再水平抛出时，他可以（ ）| A． | 抛出点高度不变，减小初速度 | B． | 抛出点高度不变，增大初速度 | ||
| C． | 增大抛出点高度，初速度不变 | D． | 增大抛出点高度，增大初速度 |
分析 小环做的是平抛运动，根据平抛运动水平和竖直方向的运动规律定性分析．他抛出的小环飞到了小木桩的右方，说明水平位移偏大，要设法减小水平位移，逐个选项分析，能使水平位移减小的方案．
解答 解：A、抛出点高度不变，根据t=$\sqrt{\frac{2h}{g}}$知，平抛运动的时间不变，减小初速度，则水平位移减小，可以套中小木桩，故A正确．
B、抛出点高度不变，根据t=$\sqrt{\frac{2h}{g}}$知，平抛运动的时间不变，增大初速度，则水平位移增大，不能套中小木桩，故B错误．
C、增大抛出点高度，根据t=$\sqrt{\frac{2h}{g}}$知，平抛运动的时间增大，初速度不变，则水平位移增大，不能套中小木桩，故C错误．
D、增大抛出点高度，根据t=$\sqrt{\frac{2h}{g}}$知，平抛运动的时间增大，增大初速度，则水平位移增大，不能套中小木桩，故D错误．
故选：A．
点评 本题关键是知道平抛运的时间取决于竖直高度，水平位移由初速度和时间共同决定．
练习册系列答案
相关题目
10．
如图所示，将质量均为1kg厚度不计的两物块A、B用轻质弹簧相连接．第一次用手拿着A、B两物块，使得弹簧竖直并处于原长状态，此时物块B离地面的距离为H=5m，然后由静止同时释放A、B，B物块着地后速度立即变为零．第二次只用手托着B物块于H高处，A在弹簧弹力和重力作用下处于静止，将弹簧锁定，此时弹簧的弹性势能为12.5J，然后由静止释放A、B，B物块着地后速度立即变为零，同时弹簧锁定解除，在随后的过程中B物块恰能离开地面但不继续上升（g=10m/s2）．则下列正确的说法是（ ）
如图所示，将质量均为1kg厚度不计的两物块A、B用轻质弹簧相连接．第一次用手拿着A、B两物块，使得弹簧竖直并处于原长状态，此时物块B离地面的距离为H=5m，然后由静止同时释放A、B，B物块着地后速度立即变为零．第二次只用手托着B物块于H高处，A在弹簧弹力和重力作用下处于静止，将弹簧锁定，此时弹簧的弹性势能为12.5J，然后由静止释放A、B，B物块着地后速度立即变为零，同时弹簧锁定解除，在随后的过程中B物块恰能离开地面但不继续上升（g=10m/s2）．则下列正确的说法是（ ）| A． | 第一次释放A、B后，A上升至弹簧恢复原长时的速度v1=10m/s | |
| B． | 第一次释放A、B后，B刚要离地时A的速度v2=5m/s | |
| C． | 第二次释放A、B，在弹簧锁定解除后到B物块恰要离开地过程中A物块机械能守恒 | |
| D． | 第二次释放A、B，在弹簧锁定解除后到B物块恰要离开地过程中A物块先超重后失重 |
7．
如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=1100匝，副线圈匝数n2=220匝，交流电源的电压u=220$\sqrt{2}$sin（ωt）V，电阻R=44Ω，电压表、电流表均为理想电表，则下列说法正确的是（ ）
如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=1100匝，副线圈匝数n2=220匝，交流电源的电压u=220$\sqrt{2}$sin（ωt）V，电阻R=44Ω，电压表、电流表均为理想电表，则下列说法正确的是（ ）| A． | 电流表A1的示数为0.02A | B． | 电流表A2的示数约为0.5A | ||
| C． | 电压表的示数为22V | D． | 原线圈输入功率44W |
在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图甲所示，用米尺测出金属丝的长度L，金属丝的电阻大约为5Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻R，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率；
4．
如图所示，框架面积为S，框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则下列穿过平面的磁通量的说法中不正确的是（ ）
如图所示，框架面积为S，框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则下列穿过平面的磁通量的说法中不正确的是（ ）| A． | 如图所示位置时等于BS | |
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某小组用如图所示的装置验证动量守恒定律．
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