题目内容
如图所示，电源电动势E=10V，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30μF，电源的内阻不计，闭合电键S，稳定时电容器带电量为分析：（1）闭合电键S，电路稳定时电容器相当于断路，根据闭合电路欧姆定律列式求解干路电流；根据欧姆定律列式求解电阻R2的电压，然后根据电容的定义公式C=
求解电容器所带的电荷量；
（2）断开S后，电容器两端的电压等于电源的电动势，根据电容的定义公式求解电容器所带的电荷量，最后由两次电量的差值得到流过R1的总电量．
| Q |
| U |
（2）断开S后，电容器两端的电压等于电源的电动势，根据电容的定义公式求解电容器所带的电荷量，最后由两次电量的差值得到流过R1的总电量．
解答：解：（1）闭合电键S，电路稳定时电容器相当于断路，根据闭合电路欧姆定律，有：
I=
=
A=1A
电阻R2的电压为：U2=IR2=1A×6Ω=6V
故电容器带电量为：Q2=CU2=30×10-6F×6V=1.8×10-4C
（2）断开S后，电容器两端的电压等于电源的电动势，电量为：
Q2′=CE=30×10-6F×10V=3.0×10-4C
故流过电容器的电荷量为：△Q=Q2′-Q2=3.0×10-4C-1.8×10-4C=1.2×10-4C．
故答案为：1.8×10-4，1.2×10-4．
I=
| E |
| R1+R2 |
| 10 |
| 4+6 |
电阻R2的电压为：U2=IR2=1A×6Ω=6V
故电容器带电量为：Q2=CU2=30×10-6F×6V=1.8×10-4C
（2）断开S后，电容器两端的电压等于电源的电动势，电量为：
Q2′=CE=30×10-6F×10V=3.0×10-4C
故流过电容器的电荷量为：△Q=Q2′-Q2=3.0×10-4C-1.8×10-4C=1.2×10-4C．
故答案为：1.8×10-4，1.2×10-4．
点评：本题关键是要根据闭合电路欧姆定律求解出电流和电容器两端电压，然后根据电容定义式列式求解．
练习册系列答案
世纪百通期末金卷系列答案
相关题目
（2011?静安区一模）如图所示，电源电动势E=50V，内阻r=1Ω，R1=30Ω，R2=60Ω．间距d=0.2m的两平行金属板M、N水平放置，闭合开关S，板间电场视为匀强电场．板间竖直放置一根长也为d的光滑绝缘细杆AB，有一个穿过细杆的带电小球p，质量为m=1×10-2kg、电荷量为q=+1×10-3C（可视为点电荷，不影响电场的分布），现将小球p从杆的顶端A处由静止释放，小球p沿杆向下运动到杆的中点O时，速度为v=2m/s．求：
如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为△U1和△U2，下列说法中正确的是（ ）
如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．两电压表可看作是理想电表，当闭合开关，将滑动变阻器的触片由右端向左滑动时，下列说法中正确的是（ ）
如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合开关S后，将照射光强度增强，则（ ）| A、电路的路端电压将增大 | B、灯泡L将变暗 | C、R1两端的电压将增大 | D、内阻r上发热的功率将增大 |
如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，发现电压表V1、V2示数为U1、U2，示数变化的绝对值分别为△U1和△U2，电流表的示数为I，电流表示数变化的绝对值为△I，下列说法中正确的是（ ）| A、小灯泡L1、L2变暗，L3变亮 | ||||
| B、小灯泡L3变暗，L1、L2变亮 | ||||
| C、△U1＜△U2 | ||||
D、
|