题目内容
已知y=f（x）为R上的可导函数，当x≠0时，f′(x)+
＞0，则关于x的函数g(x)=f(x)+
的零点个数为（ ）
| f(x) |
| x |
| 1 |
| x |
分析：由题意可得，x≠0，因而 g（x）的零点跟 xg（x）的非零零点是完全一样的．当x＞0时，利用导数的
知识可得xg（x）在（0，+∞）上是递增函数，xg（x）＞1恒成立，可得xg（x）在（0，+∞）上无零点．
同理可得xg（x）在（-∞，0）上也无零点，从而得出结论．
知识可得xg（x）在（0，+∞）上是递增函数，xg（x）＞1恒成立，可得xg（x）在（0，+∞）上无零点．
同理可得xg（x）在（-∞，0）上也无零点，从而得出结论．
解答：解：由于函数g(x)=f(x)+
，可得x≠0，因而 g（x）的零点跟 xg（x）的非零零点是完全一样的，
故我们考虑 xg（x）=xf（x）+1 的零点．
由于当x≠0时，f′(x)+
＞0，
①当x＞0时，（x•g（x））′=（xf（x））′=xf′（x）+f（x）=x（ f′（x）+
）＞0，
所以，在（0，+∞）上，函数x•g（x）单调递增函数．
又∵
[xf（x）+1]=1，∴在（0，+∞）上，函数 x•g（x）=xf（x）+1＞1恒成立，
因此，在（0，+∞）上，函数 x•g（x）=xf（x）+1 没有零点．
②当x＜0时，由于（x•g（x））′=（xf（x））′=xf′（x）+f（x）=x（ f′（x）+
）＜0，
故函数 x•g（x）在（-∞，0）上是递减函数，函数 x•g（x）=xf（x）+1＞1恒成立，
故函数 x•g（x）在（-∞，0）上无零点．
综上可得，函g(x)=f(x)+
在R上的零点个数为0，
故选C．
| 1 |
| x |
故我们考虑 xg（x）=xf（x）+1 的零点．
由于当x≠0时，f′(x)+
| f(x) |
| x |
①当x＞0时，（x•g（x））′=（xf（x））′=xf′（x）+f（x）=x（ f′（x）+
| f(x) |
| x |
所以，在（0，+∞）上，函数x•g（x）单调递增函数．
又∵
| lim |
| x→0 |
因此，在（0，+∞）上，函数 x•g（x）=xf（x）+1 没有零点．
②当x＜0时，由于（x•g（x））′=（xf（x））′=xf′（x）+f（x）=x（ f′（x）+
| f(x) |
| x |
故函数 x•g（x）在（-∞，0）上是递减函数，函数 x•g（x）=xf（x）+1＞1恒成立，
故函数 x•g（x）在（-∞，0）上无零点．
综上可得，函g(x)=f(x)+
| 1 |
| x |
故选C．
点评：本题考查了根的存在性及根的个数判断，导数与函数的单调性的关系，体现了分类讨论、转化的思想，
属于中档题．
属于中档题．
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