Question

1．已知f（x）是定义在[m，n]上的函数，记F（x）=f（x）-（ax+b），|F（x）|的最大值为M（a，b）．若存在m≤x₁＜x₂＜x₃≤n，满足|F（x₁）|=M（a，b），F（x₂）=-F（x₁）．F（x₃）=F（x₁），则称一次函数y=ax+b是f（x）的“逼近函数”，此时的M（a，b）称为f（x）在[m，n]上的“逼近确界”．
（1）验证：y=4x-1是g（x）=2x²，x∈[0，2]的“逼近函数”；
（2）已知f（x）=$\sqrt{x}$，x∈[0，4]，F（0）=F（4）=-M（a，b）．若y=ax+b是f（x）的“逼近函数”，求a，b的值；
（3）已知f（x）=$\sqrt{x}$，x∈[0，4]的逼近确界为$\frac{1}{4}$，求证：对任意常数a，b，M（a，b）≥$\frac{1}{4}$．

Answer 1

分析 （1）记G（x）=2x²-（4x-1）=2（x-1）²-1，x∈[0，2]．利用二次函数的单调性可得|G（x）|的最大值为1，且G（0）=1，G（1）=-1，G（2）=1．
（2）F（x）=$\sqrt{x}$-（ax+b），由$\left\{\begin{array}{l}{-b=-M（a，b）}\\{2-（4a+b）=-M（a，b）}\end{array}\right.$，可得M（a，b）=b，a=$\frac{1}{2}$．存在x₀∈（0，4）满足F（x₂）=M（a，b），即F（a，b）_max=F（x₂）=b，即可得出．
（3）M（a，b）=$\underset{max}{0≤x≤4}$$|\sqrt{x}-ax-b|$=$\underset{max}{0≤t≤2}$|t-at²-b|=$\left\{\begin{array}{l}{max\{|b|，|2-4a-b|，|\frac{1}{4a}-b|\}，\frac{1}{2a}∈[0，2]}\\{max\{|b|，|2-4a-b|\}，\frac{1}{2a}∉[0，2]}\end{array}\right.$．即可得出．

解答 解：（1）记G（x）=2x²-（4x-1）=2（x-1）²-1，x∈[0，2]．则|G（x）|的最大值为1，
且G（0）=1，G（1）=-1，G（2）=1．故y=4x-1是g（x）=2x²，x∈[0，2]的“逼近函数”．
（2）F（x）=$\sqrt{x}$-（ax+b），由$\left\{\begin{array}{l}{-b=-M（a，b）}\\{2-（4a+b）=-M（a，b）}\end{array}\right.$，可得M（a，b）=b，a=$\frac{1}{2}$．
存在x₀∈（0，4）满足F（x₂）=M（a，b），即F（a，b）_max=F（x₂）=b，
即F（x）=$\sqrt{x}$-$\frac{1}{2}$x-b=-$\frac{1}{2}（\sqrt{x}-1）^{2}$+$\frac{1}{2}$-b，故x₂=1．
由F（1）=$\frac{1}{2}$-b=b，可得b=$\frac{1}{4}$．
（3）证明：M（a，b）=$\underset{max}{0≤x≤4}$$|\sqrt{x}-ax-b|$=$\underset{max}{0≤t≤2}$|t-at²-b
|=$\left\{\begin{array}{l}{max\{|b|，|2-4a-b|，|\frac{1}{4a}-b|\}，\frac{1}{2a}∈[0，2]}\\{max\{|b|，|2-4a-b|\}，\frac{1}{2a}∉[0，2]}\end{array}\right.$．
当$\frac{1}{2a}$∉[0，2]时，2M（a，b）≥|b|+|2-4a-b|≥|2-4a|＞1，故M（a，b）≥$\frac{1}{4}$．

点评 本题考查了二次函数的单调性、分类讨论方法、换元方法、绝对值的性质及其应用，考查了推理能力与计算能力，属于难题．