Question

11．基因A、B、C分别控制酶Ⅰ、酶Ⅱ、酶Ⅲ的产生，这三种酶共同作用可将一原本无色的物质转变为黑色素，即：无色物质$\stackrel{酶Ⅰ}{→}$X物质$\stackrel{酶Ⅱ}{→}$Y物质$\stackrel{酶Ⅲ}{→}$黑色素．若两亲本基因型均为AaBbCc，则子代中能正常合成黑色素的个体的几率是（　　）

• A． $\frac{27}{64}$
• B． $\frac{9}{64}$
• C． $\frac{3}{64}$
• D． $\frac{1}{64}$

Answer 1

分析 根据基因分离规律可知，Aa×Aa的后代中A_占$\frac{3}{4}$；同理，Bb×Bb的后代中B_占$\frac{3}{4}$；Cc×Cc的后代中C_占$\frac{3}{4}$．由于酶I、酶Ⅱ、酶Ⅲ共同作用才可将一原本无色的物质转变为黑色素，所以能正常合成黑色素的个体必须是A_-B_-C_-，所以能正常合成黑色素的纯合体基因型只能是AABBCC．

解答 解：根据题意分析可知：基因型均为AaBbCc的两亲本杂交，子代中能正常合成黑色素的纯合体的个体基因型为A_B_C_，其几率是$\frac{3}{4}$×$\frac{3}{4}$×$\frac{3}{4}$=$\frac{27}{64}$．
故选：A．

点评 本题考查基因自由组合规律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力．