Question

13．图1是人类某家族的遗传系谱图．图中甲、乙两种病均为单基因遗传病，分别由基因A、a和B、b控制，其中一种是伴性遗传病．己知某种方法能够使B基因显示一个条带，b基因显示为位置不同的另一个条带，用该方法对家系中的部分个体进行分析，结果如图2所示．请回答下列问题：

（1）甲病是隐性（填“显性”或“隐性”）遗传病，致病基因位于常染色体上．
（2）Ⅲ₁是杂合子（填“纯合子”或“杂合子”，Ⅱ₂的基因型为aaX^BY．
（3）Ⅲ₂和Ⅲ₃所生子女中，两病皆患的概率是$\frac{1}{4}$．

Answer 1

分析 根据题意和图示分析可知：Ⅰ-1号和Ⅰ-2号个体均正常，而他们有一个患甲病的女儿，即“无中生有为隐性，隐性看女病，女病男正非伴性”，说明甲病是常染色体隐性遗传病．根据题干信息可知乙病是伴性遗传，图中Ⅲ-1，Ⅲ-2是乙病患者，且有B和b的条带，基因型都是X^BX^b，说明乙病是伴X显性遗传病，

解答 解：（1）Ⅰ-1号和Ⅰ-2号个体均正常，而他们有一个患甲病的女儿，即“无中生有为隐性，隐性看女病，女病男正非伴性”，说明甲病是常染色体隐性遗传病．
（2）根据图形分析可知Ⅲ-1的基因型是AaX^BX^b，为杂合子．Ⅱ-2患有甲乙两病，则其基因型是aaX^BY．
（3）Ⅲ-2、Ⅲ-3的基因型分别是AaX^BX^b、aaX^BY，他们的后代两病皆患的概率是$\frac{1}{2}×\frac{1}{2}=\frac{1}{4}$．
故答案为：
（1）隐性常
（2）杂合子aaX^BY
（3）$\frac{1}{4}$

点评 本题结合系谱图和条带的有无及位置图，考查基因分离定律及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能够应用口诀判断白化病的遗传方式，再结合乙图判断条带1和2代表的基因，进而判断该家系中各个个体的基因型．