题目内容
6．扁豆具有多种外皮性状，是由同一基因位点的多个不同基因控制的．将纯种不同性状的扁豆杂交得到F1，然后自交得到F2，结果如表．据表判断，不正确的是（ ）| 杂交组合（亲本） | F1表现型及比例 | F2表现型及比例 |
| 麻面A×麻面B | 全部麻面A | 麻面A：麻面B=3：1 |
| 麻面B×斑点A（或B） | 全部麻面B | 麻面B：斑点A（或B）=3：1 |
| 斑点A×斑点B | 斑点A、B混合 | 斑点A：斑点A、B混合：斑点B=1：2：1 |
| 斑点A（或B）×光面 | 全部斑点A（或B） | 斑点A（或B）：光面=3：1 |
| A． | 一株扁豆的外皮性状由多对等位基因控制 | |
| B． | 光面扁豆自交后代不会出现性状分离 | |
| C． | 亲本麻面A和斑点B杂交后代全为麻面A | |
| D． | 控制斑点A和B的基因是共显性关系 |
分析 由表格信息可知，麻面A×麻面B，后代全是麻面A，自交得到子二代，麻面A：麻面B=3：1，说明麻面A对麻面B是显性性状，受一对等位基因控制，且亲本是纯合子；麻面B×斑点A（或B），子代全是全部麻面B，子一代自交得到子二代，麻面B：斑点A（或B）=3：1，说明麻面B对斑点A（B）是显性性状，受一对等位基因控制，且亲本是纯合子；斑点A×斑点B，子一代是斑点A、B混合，子一代自交子二代斑点A：斑点A、B混合：斑点B=1：2：1，说明是控制斑点A和B的基因是共显性，是由一对等位基因控制，且亲本是纯合子；斑点A（或B）×光面，子一代全部斑点A（或B），子一代自交得到子二代，斑点A（或B）：光面=3：1，说明斑点A（B）对光面是显性性状，由一对等位基因控制，且亲本属于纯合子．
解答 解：A、由分析可知，扁豆的多种外皮性状由一对等位基因控制，各种等位基因属于复等位基因，A错误；
B、由分析可知，光面扁豆是隐性性状，自交后代不会出现性状分离，B正确；
C、由分析麻面A对麻面B是显性，麻面B对斑点B是显性，因此麻面A对斑点B是显性，因此亲本麻面A和斑点B杂交后代全为麻面A，C正确；
D、由分析可知，控制斑点A和B的基因是共显性，D正确．
故选：A．
点评 本题的知识点是基因分离定律的实质和应用，旨在考查学生根据子代的表现型及比例判断性状的显隐性关系、利用相关知识进行推理、判断的能力．
练习册系列答案
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