Question

【题目】某种动物中，其毛色黄色基因A对灰色基因a为显性，短毛基因B对长毛基因b为显性，且基因A或b在纯和时使胚胎致死，这两对基因是独立遗传的。现有两只双杂合的黄色短毛的动物交配，理论上所产生的子代的表现型及基因型比例为（ ）

A．2:1 ； 4:2:2:1 B． 3:1 ； 9:3:3:1

C．3:2:2 ；1:1:1:1 D． 4:2:2:1 ； 9：3:3:1

Answer 1

【答案】A

【解析】

试题分析：根据题意分析可知，控制老鼠体色和尾巴的这两对基因位于非同源染色体上，符合孟德尔的自由组合定律．两只双杂合的黄色短尾鼠的基因型是AaBb，交配时会产生9种基因型的个体，即：A_B_、A_bb、aaB_、aabb，但是由于基因A或b在纯合时使胚胎致死，所以只有AaBB（ 2/16

）、AaBb（ 4/16）、aaBB（ 1/16）、aaBb（2/16 ）四种基因型个体能够生存下来，其中AaBB（ 2/16）、AaBb（4/16 ）为黄色短尾；aaBB（ 1/16）、aaBb（ 2/16）为灰色短尾，所以理论上正常出生的子代表现型比例为（ 2/16+ 4/16）：（ 1/16+ 2/16）=2：1。只有AaBB（ 2/16）、AaBb（ 4/16）、aaBB（ 1/16）、aaBb（2/16 ）四种基因型个体能够生存下来，因此基因型的比为4:2:2:1。所以A正确。B、C、D不正确。