题目内容
溶液中含有两种溶质氯化钠和硫酸，它们的物质的量之比为3：1．用石墨做电极电解该溶液时，根据反应产物可明显分为三个阶段，则下列叙述不正确的是（ ）
| A、电解过程中阴极析出的气体和阳极析出的气体可能一样多 |
| B、阳极先析出氯气后析出氧气 |
| C、电解最后阶段为电解水 |
| D、电解过程中溶液的pH不断增大，最后pH为7 |
考点：电解原理
专题：电化学专题
分析：根据电解原理：阳极离子的放电顺序：氢离子＞钠离子，阴极离子的放电顺序：氯离子＞氢氧根离子，溶液中含有两种溶质NaCl和H2SO4，根据电解原理判断放电的离子．
解答：
解：可以将溶质看成3molNaCl和1molH2SO4，再转化一下思想，可以看成2molHCl，1molNa2SO4，1molNaCl，
由于1molNa2SO4自始至终无法放电，且其溶液pH=7，暂时可以忽略，
则电解过程可先看成电解HCl，再电解NaCl，最后电解水，
即2HCl
H2↑+Cl2↑，2NaCl+2H2O
2NaOH+H2↑+Cl2↑，2H2O
2H2↑+O2↑，
生成的NaOH为碱性，pH大于7．
A、阴极自始至终是氢离子放电，只析出H2，阳极析出氯气、氧气，依据电子守恒分析可知，气体可能一样多，故A正确；
B、阳极氯离子先于氢氧根离子放电，先析出Cl2，后析出O2，故B正确．
C、电解最后阶段为电解水，故C正确；
D、溶液pH不断增大，最后生成的NaOH为碱性，pH大于7，故D错误；
故选D．
由于1molNa2SO4自始至终无法放电，且其溶液pH=7，暂时可以忽略，
则电解过程可先看成电解HCl，再电解NaCl，最后电解水，
即2HCl
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生成的NaOH为碱性，pH大于7．
A、阴极自始至终是氢离子放电，只析出H2，阳极析出氯气、氧气，依据电子守恒分析可知，气体可能一样多，故A正确；
B、阳极氯离子先于氢氧根离子放电，先析出Cl2，后析出O2，故B正确．
C、电解最后阶段为电解水，故C正确；
D、溶液pH不断增大，最后生成的NaOH为碱性，pH大于7，故D错误；
故选D．
点评：本题是对电解原理的考查，要求学生会根据电解原理书写常见电解质的电解反应，难度较大．
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